参考答案：A、从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，弹簧的弹力一直在增大，根据牛顿第二定律，B的加速度一直在增大．故A正确．
B、从开始到弹簧第一次被压缩到最短的过程中，A的加速度在减小，B的加速度在增大，都做加速运动，但是加速度相等前，A的加速度大于B的加速度，所以加速度相同时，速度vA＞vB．故B正确．
C、当两木块速度相同时，弹簧不再被压缩，此时压缩到最短．故C正确．
D、对A、B和弹簧组成的系统而言，在运动的过程中，外力F一直做正功，所以系统机械能增 91exam.org加．故D错误．
故选ABC．

本题解析：

本题难度：一般

2、简答题  升降机由静止开始匀加速竖直上升2s，速度达到v=4m/s后，再匀速竖直上升5s，接着匀减速竖直上升3s才停下来．求升降机在题述过程中发生的总位移x=？

参考答案：匀加速阶段的位移x1=v2t1=4(m)
匀速阶段的位移x2=vt2=20（m）
匀减速阶段的位移x3=v2t3=6(m)
所以总位移x=x1+x2+x3=30（m）
答：升降机在题述过程中发生的总位移为30m

本题解析：

本题难度：一般

3、计算题  （8分）用同种材料制成倾角30°的斜面和长水平面，斜面长2.4m且固定，一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑，当v0="2" m/s时，经过0.8s后小物块停在斜面上多次改变v0的大小，记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t，作出t-v0图象，如图所示，求：
1）小物块与该种材料间的动摩擦因数为多少？
2）某同学认为，若小物块初速度为4m/s，则根据图象中t与v0成正比推导，可知小物块运动时间为1.6s。以上说法是否正确？若不正确，说明理由并解出你认为正确的结果。

参考答案：（1）（2）不正确1.03s

本题解析：（1）　　　　　　（1分）得　　　（1分）
（2）不正确。因为随着初速度增大，小物块会滑到水平面，规律将不再符合图象中的正比关系；v0=4m/s时，若保持匀减速下滑，则经过，已滑到水平面　（1分）
物体在斜面上运动，设刚进入水平面时速度v1：，（１分）　　
，（１分）
得v1=2m/s，　t1=0.8s　（１分）　
水平面上=0.23s　　　　　　　（1分）
总时间t1+t2=1.03s　　　（1分）
本题考查力与运动的关系，在物块下滑过程中，由重力沿斜面向下的分力和摩擦力提供加速度，受力分析后可求得加速度表达式，根据匀变速直线运动末速度大小可求得加速度，联立即可

本题难度：一般

4、简答题  如图甲所示，光滑水平面上放置斜面体ABC，AB与BC圆滑连接，AB表面粗糙且水平，倾斜部分BC表面光滑，与水平面的夹角0=-37°．在斜面体右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，规定力传感器受压时，其示数为正值；力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从斜面体的C点由静止开始下滑，运动过程中，力传感器记录到力F和时间t的关系如图乙所示．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2），求：
（1）斜面体倾斜部分BC的长度；
（2）滑块的质量；
（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功．

参考答案：（1）分析滑块受力，由牛顿第二定律得：mgsinθ=ma1，
得：a1=mgsinθm=gsinθ=10×0.6=6m/s2
通过图象可知滑块在斜面上运动时间为：t1=1s
由运动学公式得：L=12a1t12=12×6×1=3m
（2）滑块对斜面的压力为：N1′=mgcosθ
木板对传感器的压力为：F1=N1′sinθ
由图象可知：F1=9.6N
解得：m=9.610×0.8×0.6=2kg
（3）滑块滑到B点的速度为：v1=a1t1=6×1=6m/s
由图象可知：f=4N，t2=2s
a2=fm=42=2m/s2
s=v1t2-12a2t22=6×2-12×2×4=8m
W=fs=4×8=32J
答：（1）斜面BC的长度L为3m；
（2）滑块的质量m为2kg；
（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功W为32J．

本题解析：

本题难度：简单

5、选择题  如图所示，质量均为m的A、B两球由轻质弹簧相连，在恒力F作用下，以大小为a的加速度竖直向上做匀加速运动，突然撤除恒力瞬间，A、B的加速度大小分别为?

A．aA =aB=a?B．aA=2g+a，aB=a?C．aA=aB=g?D．aA=2g+a，aB=0

参考答案：B

本题解析：根据题意知，以AB整体为研究对象有：可得：恒力，再以A为研究对象，得可得；F撤去瞬间，F消失，弹簧弹力瞬间保持不变，故以A为研究对象：，根据牛顿第二定律知，此时A的加速度；对B而言，在F撤去瞬间，由于弹簧弹力保持不变，故B的受力瞬间没有发生变化，即此时B的加速度，所以B正确。

本题难度：一般