1、选择题  关于电流强度的说法中正确的是 ：
A．根据I=Q/t可知I与Q成正比
B．如果在任何相等的时间内通过导体横截面的电荷量相等，则导体中的电流是恒定电流
C．电流有方向，电流是矢量
D．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位

参考答案：BD

本题解析：由电流定义式I=可知，电流I与t不会成正比，在电荷量q一定时，电流I与t成反比，故A错误；所谓恒定电流是指电流的大小和方向始终保持不变的电流，所以在任何相等的时间内通过导体横截面积的电量相等，则导体中的电流是恒定电流．故B正确．矢量的运算满足平行四边形定则，而电流的运算满足代数法则，故电流虽然有方向，但电流强度是标量．故C错误．电流强度的单位“安培”是国际单位制中的基本单位．故D正确。

本题难度：简单

2、选择题  2011年7月6日18时45分，山东省枣庄防备煤矿有限公司井下255米处一台空气压缩机着火，初步核查造成事故区域36名矿工被困．井内装有火警报警器，如图是其部分电路示意图．其中R2为用半导体热敏材料(其阻值随温度的升高而迅速减小)制成的传感器，电流表A为值班室的显示器，B为值班室报警电铃．当传感器R2所在处出现火情时，电流表A显示的电流I、报警电铃两端的电压U的变化情况是(　　)

A．I变大，U变大
B．I变小，U变小
C．I变小，U变大
D．I变大，U变小

参考答案：C

本题解析：当传感器R2所在处出现火情时，R2的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I总变大，R1两端电压增大，由U=E-Ir路端电压变小，电路中并联部分的电压U并=E-I总（R1+r）减小，可知R3两端电压减小，通过R3的电流减小，即I减小；但总电流变大，则通过电铃的电流增大，电铃两端的电压U变大，C正确。

本题难度：一般

3、选择题  下列说法正确的是（　　）
A．伽利略在探究物体下落规律的过程中用到的科学方法是：提出问题、猜想、数学推理、实验验证、合理外推、得出结论
B．牛顿第一定律是牛顿第二定律的特例情况
C．牛顿在寻找万有引力的过程中，他没有利用牛顿第二定律，但他利用了牛顿第三定律和开普勒第三定律
D．在闭合电路中存在恒定电场，它的基本性质与静电场不同

参考答案：A、伽利略在探究物体下落规律的过程中用到的科学方法是：提出问题、猜想、数学推理、实验验证、合理外推、得出结论，故A正确
B、牛顿第一定律指出，物体“不受外力”作用时的运动状态，或者是静止不动，或者是做匀速直线运动．牛顿第二定律：物体的加速度跟物体所受的合外力F成正比，跟物体的质量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同．故B错误
C、牛顿在寻找万有引力的过程中，他利用了牛顿第二定律，牛顿第三定律和开普勒第三定律，故C错误
D、稳定分布的电荷所产生的稳定的电场叫恒定电场，它的基本性质与静电场相同，故D错误
故选A．

本题解析：

本题难度：简单

4、计算题  （12分）如图，光滑斜面的倾角α＝30°，一个矩形导体线框abcd放在斜面内，ab边水平，长度l1＝1m，bc边的长度l2＝0．6 m，线框的质量m＝1kg，总电阻R＝0．1Ω，线框通过细线与质量为m＝2kg的重物相连，细线绕过定滑轮，不计定滑轮对细线的摩擦，斜面上水平线ef的右侧有垂直斜面向上的匀强磁场，磁感应强度B＝0．5T，如果线框从静止开始运动，进入磁场最初一段时间是匀速的，ef线和斜面最高处gh（gh是水平的）的距离s＝11．4m，取g＝10m／s2，求

（1）线框进入磁场时匀速运动的速度v：
（2）ab边运动到gh线时的速度大小．

参考答案：6m/s? 12m/s

本题解析：（1）因为线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，所以重物受力平衡，有
Mg=.（1分）
线框abcd受力平衡FT′=mgsinα+FA.（1分）
ab边进入磁场切割磁感线，产生的电动势E=Bl1v,（1分）
形成的感应电流? I = ,（1分）
受到的安培力? FA = BIl1.（1分）
联立上述各式得Mg=mgsinα+.
∵M =" 2" kg, g =" 10" m/s2, m =" 1" kg, α =" 30°," B =" 0.5" T, l1 =" 1" m, R ="0.1" Ω，
∴v=6m/s.（1分）
（2）线框abcd全部进入磁场后五感应电流，对线框和重物，有
Mg－mgsinθ=（m+M）α（2分）
∴α=5m/s2
设线框到达gh处的速度为v′，有－?=2a（s－l2）,（2分）
∵v="6m/s," a=5m/s2,s=11.4m,l2=0.6m，∴=12m/s.（2分）

本题难度：一般

5、简答题  在日常生活中，手电筒里的电池用旧了舍不得扔掉，便换一节新电池配一节旧电池串联使用.测量发现新旧电池的电动势相差不多，而新旧电池的内阻却相差较大.数据如下：

新电池：E1="1.5" V,r1="0.3" Ω
旧电池：E2="1.2" V,r2="7.8" Ω
已知小电珠上标有“2.7 V1.8 W”,连接如图所示.试论这样的节约措施可行吗.

参考答案：不行

本题解析：此题是一道模糊计算论述型的论述题.解答该题的思路和策略具有多种，我们可以从小电珠的实际功率、旧电池的路端电压、旧电池输出功率、电路效率等角度出发，论证这样的节约措施不可行.
由闭合电路的欧姆定律得小电珠中通过的电流
I==
= A= A
小电珠的实际功率
P实=I2R灯=（）2×4.05 W="0.2" W
因为P实比P额小得多，所以灯泡几乎不亮，即这样不行

本题难度：一般