1、选择题  VL含有（NH4）2SO4、NH4NO3的混合溶液，加入a mol NaOH后，加热，恰好使NH3全部逸出；又加入b mol BaCl2则刚好使SO42-完全沉淀，则原混合溶液中NH4NO3的物质的量浓度为（?）
A．
B．
C．
D．

参考答案：C

本题解析：根据混合溶液中加入bmolBaCl2，恰好使溶液中的SO42－离子完全沉淀，则
SO42－＋Ba2+＝BaSO4↓
bmol? bmol
根据加入a mol NaOH后，加热，恰好使NH3全部逸出，则
NH4+?＋? OH－NH3↑＋H2O
amol?amol
又因为溶液不显电性，所以由电荷守恒可知，原混合溶液中NH4NO3的物质的量为（a－2b）mol
所以硝酸铵的浓度是，所以答案选C。
点评：该题是高考中的常见题型，属于中等难度的试题。侧重对学生能力的培养和解题方法的指导与训练。明确发生的离子反应及溶液不显电性是解答本题的关键，并熟悉浓度的计算公式来解答即可。

本题难度：简单

2、填空题  硫酸钠－过氧化氢加合物(xNa2SO4·yH2O2·zH2O)的组成可通过下列实验测定：①准确称取1.770 0 g样品，配制成100.00 mL溶液A。②准确量取25.00 mL溶液A，加入盐酸酸化的BaCl2溶液至沉淀完全，过滤、洗涤、干燥至恒重，得到白色固体0.5825 g。③准确量取25.00 mL溶液A，加适量稀硫酸酸化后，用0.020 00 mol·L－1KMnO4溶液滴定至终点，消耗KMnO4溶液25.00 mL。H2O2与KMnO4反应的离子方程式如下：2MnO4—＋5H2O2＋6H＋=2Mn2＋＋8H2O＋5O2↑
(1)已知室温下BaSO4的Ksp＝1.1×10－10，欲使溶液中c(SO42—)≤1.0×10－6 mol·L－1，应保持溶液中c(Ba2＋)≥________mol·L－1。
(2)上述滴定若不加稀硫酸酸化，MnO4—被还原为MnO2，其离子方程式为______________。
(3)通过计算确定样品的组成(写出计算过程)。

参考答案：

本题解析：：(1)根据Ksp可得出c(Ba2＋)＝Ksp/c(SO42—)＝1.1×10－10/1.0×10－6＝1.1×10－4。(2)根据条件可知，非酸性条件下，MnO4—被还原为MnO2，则H2O2被氧化，氧化产物只能为O2，根据得失电子守恒，确定出MnO4—和H2O2的系数，再根据电荷守恒，确定出产物中含有OH－。(3)由②组数据可知沉淀为BaSO4，根据S元素守恒，可得n(Na2SO4)＝n(BaSO4)＝2.50×10－3 mol；由③组数据，再结合反应2MnO4—＋5H2O2＋6H＋=2Mn2＋＋8H2O＋5O2↑可得出n?H2O2?＝1.25×10－3 mol；再根据样品的质量，通过质量的关系得出样品中H2O的质量，进一步得出n?H2O?＝2.50×10－3 mol；故x∶y∶z＝n?Na2SO4?∶n?H2O2?∶n?H2O?＝2∶1∶2。所以，硫酸钠?过氧化氢加合物的化学式为2Na2SO4·H2O2·2H2O。
答案：?1?1.1×10－4
?2?2MnO4—＋3H2O2=2MnO2＋3O2＋2OH－＋2H2O
(3)n(Na2SO4)＝n(BaSO4)＝0.5825/233＝2.50×10－3 mol
2MnO4—＋5H2O2＋6H＋=2Mn2＋＋8H2O＋5O2
n(H2O2)＝＝1.25×10－3 mol
m(Na2SO4)＝142 g·mol－1×2.50×10－3 mol＝0.355 g
m(H2O2)＝34 g·mol－1×1.25×10－3 mol＝0.042 5 g
n(H2O)＝＝2.50×10－3 mol
x∶y∶z＝n(Na2SO4)∶n(H2O2)∶n(H2O)＝2∶1∶2
硫酸钠?过氧化氢加合物的化学式为2Na2SO4·H2O2·2H2O

本题难度：一般

3、填空题   已知在标况下的四种气体①6.72L CH4 　②3.01×1023个HCl分子　③13.6克H2S
④0.2molNH3  用相应的序号填写下列空白：
（1）体积最大的是         ；（2）密度最大的是         ；
（3）质量最小的是         ；（4）含氢原子数最多的是         。

参考答案：（1）②（2）②（3）④（4）①

本题解析：略

本题难度：一般

4、实验题  （8分）下图是我校实验室化学试剂浓硫酸标签上的部分内容。

现需要480 mL 1 mol·L-1的稀硫酸。用该浓硫酸和蒸馏水配制，可供选用的仪器有：
①胶头滴管；②玻璃棒；③烧杯；④量筒。
请回答下列问题：
（1）配制稀硫酸时，还缺少的仪器有_________________(写仪器名称)。
（2）经计算，所需浓硫酸的体积约为________mL；若将该浓硫酸与等体积的水混合，所得溶液中溶质的质量分数____49%(填“>” 、“<” 或“＝”)。
（3）对所配制的稀硫酸进行测定，发现其浓度大于1 mol·L－1，配制过程中下列各项操作可能引起该误差的原因是________。
①用量筒量取浓硫酸时，仰视刻度线
②容量瓶用蒸馏水洗涤后未经干燥
③用量筒量取浓硫酸后，用蒸馏水将量筒洗涤干净，洗涤液转移到烧杯中
④转移溶液时，不慎有少量溶液洒出
⑤定容时，俯视容量瓶刻度线
⑥定容后，把容量瓶倒置摇匀，正放后发现液面低于刻度线，再加蒸馏水至刻度线

参考答案：（1）500 mL的容量瓶   ;（2）27.2 ;    > ;（3）①③⑤

本题解析：：（1）配制顺序是：计算→量取→稀释、冷却→移液→洗涤→定容→摇匀→装瓶贴签，一般用量筒（用到胶头滴管）量取，在烧杯中稀释，冷却后转移到100mL容量瓶中，并用玻璃棒引流，转移完毕，用少量蒸馏水洗涤烧杯及玻璃棒2～3次并将洗涤液全部转移到容量瓶中，再加适量蒸馏水，当加水至液面距离刻度线1～2cm时，改用胶头滴管滴加，使溶液的凹液面的最低点与刻线相平，塞好瓶塞，反复上下颠倒摇匀．所以需要的仪器为：量筒、胶头滴管、烧杯、玻璃棒、100mL容量瓶，故答案为：100 mL的容量瓶、玻璃棒； （2）如图所示浓硫酸的浓度为=18.4mol/L.稀释前后溶质的物质的量不发生变化，故18.4mol/LxV=480mlx1mol/L，解得V=27.2ml；若将该浓硫酸与等体积的水混合，硫酸溶质的质量不发生变化，质量分数为，由于硫酸的密度大于水的密度，等体积混合硫酸的质量大于水的质量，故质量分数大于49%；（3）根据c＝n/V可知，①用量筒量取浓硫酸时，仰视刻度线取浓硫酸，则溶质增加，浓度偏高；②容量瓶用蒸馏水洗涤后未干燥，含有少量蒸馏水，不影响实验结果；③用蒸馏水洗涤量筒，并转移到烧杯中，会使溶质的物质的量偏大，浓度偏高；④转移溶液时，不慎有少量溶液洒到容量瓶外面，则溶质减少，浓度偏小；⑤定容时，俯视容量瓶刻度线进行定容，则容量瓶中溶液体积减少，浓度偏高；⑥定容后，把容量瓶倒置摇匀后发现液面低于刻度线，便补充几滴水至刻度处，则容量瓶中溶液体积增加，浓度偏小，故答案为①③⑤.
考点：一定物质的量浓度溶液的配制

本题难度：一般

5、选择题  下列说法正确的是(? )
A．在常温常压下，11．2 L氧气含有的分子数为0．5NA
B．在常温常压下，1 mol He含有的原子数为NA
C．32g氧气含原子数目为NA
D．在同温同压下，相同体积任何气体单质所含的原子数目相同

参考答案：B

本题解析：常温常压下，11.2L氧气的物质的量不是0.5mol，选项A不正确；氦气是1各原子构成的，选项B正确；氧气是2各氧原子构成的，所以32g氧气含有2mol氧原子，选项C不正确；在同温同压下，相同体积任何气体单质所含的分子数目相同，原子数不一定相等，选项D不正确，答案选B。

本题难度：一般