1、填空题  金刚石SiC具有优良的耐磨、耐腐蚀特性，应用广泛.
(1)碳与同周期元素Q的单质化合仅能生成两种常见气态化合物，其中一种化合物H为非极性分子，碳元素在周期表中的位置是，Q是，R的电子式为.
(2)一定条件下，Na还原CCl4可制备金刚石，反应结束冷却至室温后，回收CCl4的实验操作名称为，除去粗产品中少量钠的试剂为.
(3)碳还原制SiC,其粗产品中杂质为Si和SiO2.先将20.0g粗产品加入到过量的NaOH溶液中充分反应，收集到0.1mol氢气，过滤得SiC固体11.4g，滤液稀释到1L，生成氢气的离子方程式为，硅酸钠的物质的量浓度为
(4)下列叙述正确的有(填序号)，
①Na还原CCl4的反应、Cl2与H2O的反应均是置换反应②水晶、干冰熔化时克服粒子间作用力的类型相同③Na2SiO3溶液与SO3的反应可用于推断Si与S的非金属性强弱
④钠、锂分别在空气中燃烧，生成的氧化物中阴阳离子数目比均为1:2

参考答案：⑴第二周期第ⅣA族，氧(或O)，⑵过滤，水(或乙醇)
⑶Si＋2OH－＋H2O=SiO32－＋2H2↑，0.17mol·L－1⑷③④

本题解析：（1）由题给信息“碳与Q的单质化合仅能生成两种常见气态化合物，其中一种化合物R为非极性分子”可推知Q为氧，非极性分子R为CO2．根据周期序数=电子层数，主族序数=最外层电子数可以确定碳在周期表中的位置是第二周期第ⅣA族，CO2的电子式为，
（2）金刚石是不溶于CCl4的固体，CCl4是液体，将不溶性固体和液体分离通常采用的方法是过滤；由于Na可以与水（或乙醇）发生反应，而金刚石不与水（或乙醇）反应，所以除去粗产品中少量的钠可用水（或乙醇），
（3）根据硅与NaOH反应的化学方程式Si+2NaOH+H2O═Na2SiO3+2H2↑可写出其离子方程式为Si+2OH－+H2O═SiO32－+2H2↑；
计算溶液中硅酸盐的物质的量浓度需要根据化学方程式进行计算：
Si+2NaOH+H2O═Na2SiO3+2H2↑
28g1mol2mol
m（Si）n1（Na2SiO3）0.1mol
m（Si）==1.4g，
n1（Na2SiO3）==0.05mol，
粗产品中SiO2的质量为m（SiO2）=20.0g-11.4g-1.4g=7.2g
SiO2+2NaOH═Na2SiO3+H2O
60g1mol
7.2gn2（Na2SiO3）
n2（Na2SiO3）==0.12mol，
则n（Na2SiO3）=n1（Na2SiO3）+n2（Na2SiO3）=0.12mol+0.05mol=0.17mol，
硅酸盐的物质的量浓度为=0.17mol·L－1，
（4）①Na还原CCl4的反应属于置换反应，但Cl2与H2O反应生成HCl和HClO，不是置换反应，①错误；
②水晶属于原子晶体，而干冰属于分子晶体，熔化时克服粒子间作用力的类型不相同，②错误；③Na2SiO3溶液与SO3的反应，说明酸性H2SiO3比H2SO4弱，则可用于推断Si与S的非金属性强弱，③正确；
④钠、锂分别在空气中燃烧，生成的氧化物分别为Na2O2、Li2O，阴阳离子数目比均为1：2，④正确．

本题难度：一般

2、填空题  有A、B、C三种透明、不溶于水的坚硬固体。A在O2中完全燃烧只得到一种无色气体，此气体的密度为O2密度的1.375倍(标准状况)。B能溶于热烧碱溶液中，再往该溶液中加入过量盐酸时，析出白色胶状沉淀，它是一种比碳酸还弱的酸，分离出此沉淀物，经干燥后得到不溶于水的白色粉末，将B与石灰石、纯碱按一定比例混合高温烧熔、冷却得C，C在高温下软化，无固定熔点。根据以上事实，推断：
(1)A是________，B是________，C是________。
(2)写出有关反应的化学方程式________________________________。

参考答案：(1)金刚石晶体?二氧化硅晶体?玻璃
(2)C+O2CO2?SiO2+2NaOHNa2SiO3+H2O
Na2SiO3+2HClH2SiO3↓+2NaCl
CaCO3+SiO2CaSiO3+CO2↑
Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑

本题解析：A完全燃烧所得气体的相对分子质量为：32×1.375=44，即该气体为CO2，A为C元素的单质，依A的性能知A为金刚石，依据B的性质及所发生的一系列反应和反应产物的性质推知B为SiO2晶体，则C为玻璃。

本题难度：简单

3、选择题  已知甲、乙、丙、X是4种中学化学中常见的物质，其转化关系符合下图。则甲和X（要求甲和X能互换）不可能是

[? ]
A．C和O2
B．SO2和NaOH溶液
C．Cl2和Fe
D．AlCl3溶液和NaOH溶液

参考答案：C

本题解析：

本题难度：简单

4、选择题  地壳中含量第一和第二的两元素形成的化合物，不具有的性质是? (　　)。
A．在一定条件下可与NaOH溶液反应
B．与碳在高温下反应可制取两元素中的一种单质
C．熔点很高，可用作耐火材料
D．是酸酐，与水反应生成相应的酸

参考答案：D

本题解析：地壳中含量第一和第二的两种元素分别是氧和硅，形成的主要化合物是SiO2，SiO2是硅酸(H2SiO3)和原硅酸(H4SiO4)的酸酐，但不与水直接反应。

本题难度：一般

5、填空题  （15分）（2012?重庆）金刚石、SiC具有优良的耐磨、耐腐蚀特性，应用广泛．
（1）碳与短周期元素Q的单质化合仅能生成两种常见气态化合物，其中一种化合物R为非极性分子．碳元素在周期表中的位置是?，Q是?，R的电子式为?．
（2）一定条件下，Na还原CCl4可制备金刚石，反应结束冷却至室温后，回收其中的CCl4的实验操作名称为?，除去粗产品中少量钠的试剂为?．
（3）碳还原SiO2制SiC，其粗产品中杂质为Si和SiO2．现将20.0g SiC粗产品加入到过量的NaOH溶液中充分反应，收集到0.1mol氢气，过滤得SiC固体11.4g，滤液稀释到1L．生成氢气的离子方程式为?，硅酸盐的物质的量浓度为?．
（4）下列叙述正确的有?（填序号）．
①Na还原CCl4的反应、Cl2与H2O的反应均是置换反应
②水晶、干冰熔化时克服粒子间作用力的类型相同
③Na2SiO3溶液与SO3的反应可用于推断Si与S的非金属性强弱
④钠、锂分别在空气中燃烧，生成的氧化物中阴阳离子数目比均为1：2．

参考答案：（1）第二周期第ⅣA族；氧（或O）；；（2）过滤；水（或乙醇）（3）Si+2OH﹣+H2O═SiO32﹣+2H2↑；0.17 mol?L﹣1（4）③④

本题解析：（1）Q为氧，非极性分子R为CO2；
（2）将不溶性固体和液体分离通常采用的方法是过滤；由于Na可以与水（或乙醇）发生反应；
（3）根据反应的方程式计算生成Na2SiO3的物质的量，进而计算浓度；
（4））①Na还原CCl4的反应属于置换反应，但Cl2与H2O反应生成HCl和HClO；
②水晶属于原子晶体，而干冰属于分子晶体；
③元素的非金属性越强，对应的最高价氧化物的水化物的酸性越强；
④钠、锂分别在空气中燃烧，生成的氧化物分别为Na2O2、Li2O．
解：（1）由题给信息“碳与Q的单质化合仅能生成两种常见气态化合物，其中一种化合物R为非极性分子”可推知Q为氧，非极性分子R为CO2．根据周期序数=电子层数，主族序数=最外层电子数可以确定碳在周期表中的位置是第二周期第ⅣA族，CO2的电子式为，故答案为：第二周期第ⅣA族；氧（或O）；；
（2）金刚石是不溶于CCl4的固体，CCl4是液体，将不溶性固体和液体分离通常采用的方法是过滤；由于Na可以与水（或乙醇）发生反应，而金刚石不与水（或乙醇）反应，所以除去粗产品中少量的钠可用水（或乙醇），
故答案为：过滤；水（或乙醇）；
（3）根据硅与NaOH反应的化学方程式Si+2NaOH+H2O═Na2SiO3+2H2↑可写出其离子方程式为Si+2OH﹣+H2O═SiO32﹣+2H2↑；
计算溶液中硅酸盐的物质的量浓度需要根据化学方程式进行计算：
Si+2NaOH+H2O═Na2SiO3+2H2↑
28 g? 1 mol? 2 mol
m（Si）? n1（Na2SiO3） 0.1 mol
m（Si）==1.4g，
n1（Na2SiO3）=="0.05" mol，
粗产品中SiO2的质量为m（SiO2）=20.0g﹣11.4g﹣1.4 g="7.2" g
SiO2+2NaOH═Na2SiO3+H2O
60g? 1mol
2g? n2（Na2SiO3）
n2（Na2SiO3）==0.12mol，
则n（Na2SiO3）=n1（Na2SiO3）+n2（Na2SiO3）=0.12mol+0.05mol=0.17mol，
硅酸盐的物质的量浓度为=0.17mol/L，
故答案为：Si+2OH﹣+H2O═SiO32﹣+2H2↑；0.17 mol?L﹣1；
（4）①Na还原CCl4的反应属于置换反应，但Cl2与H2O反应生成HCl和HClO，不是置换反应，故①错误；
②水晶属于原子晶体，而干冰属于分子晶体，熔化时克服粒子间作用力的类型不相同，故②错误；
③Na2SiO3溶液与SO3的反应，说明酸性H2SiO3比H2SO4弱，则可用于推断Si与S的非金属性强弱，故③正确；
④钠、锂分别在空气中燃烧，生成的氧化物分别为Na2O2、Li2O，阴阳离子数目比均为1：2，故④正确．
故答案为：③④．
点评：本题综合元素化合物知识，题目难度中等，注意从质量守恒的角度结合反应的化学方程式计算，（3）为易错点．

本题难度：一般