1、填空题  汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为4.8A，电动机启动时电流表读数为80A，若电源电动势为12V，内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，则车灯的电阻为______Ω，因电动机启动，车灯的电功率的减少量为______W．

参考答案：电动机未启动时，由E=I1（R+r）得，灯泡的电阻为R=E-I1rI1=12-4.8×0.054.8Ω=2.45Ω，车灯消耗的功率为P1=I21R=56.4W．
电动机启动时，路端电压为U2=E-I2r=12-80×0.05=8V，P2=U22R=26.1W
△P=P1-P2=30.3W．
故答案为：2.45，30.3

本题解析：

本题难度：一般

2、填空题  图示电路中，R1＝12，R2＝6，滑动变阻器R3上标有“20，2A”字样，理想电压表的量程有0-3V和0-15V两档，理想电流表的量程有0-0.6A和0-3A两档。闭合电键S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5V和0.3A；继续向右移动滑片P到另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4，则此时电流表示数为__________A，该电源的电动势为__________V。

参考答案：0.15，7.5

本题解析：略

本题难度：一般

3、实验题  （1）某同学用打点计时器测量做匀速直线运动的物体的加速度，电源频率f="50" Hz，在纸带上打出的点中，选出零点，每隔4个点取1个技术点，因保存不当，纸带被污染，如题22图1所示，A、B、C、D是本次排练的4个计数点，仅能读出其中3个计数点到零点的距离：SA-16.6mm SB=126.5mm、SD="624.5" mm



若无法再做实验，可由以上信息推知：
①相邻两计数点的时间间隔为??s；
②打 C点时物体的速度大小为??m/s（取2位有效数字）
③物体的加速度大小为?（用SA、SB、SD和f表示）
（2）在探究小灯泡的的伏安法测电阻实验中，所用器材有灯泡I，量程恰当的电流表A和电压表V，直流电源的滑动变阻器R、电键S等，要求灯泡两端电压表V 开始变化
1实验中滑动变阻器应采用______ 接法（“分压”或“限流”）

（2）某同学已连接如题22图2所示的电路，在连接最后一根导线的c端到直流电源正析之前，请指出其中仅有的2个不当之处，并说明如何改正
A：_______________
B:_________________

③分别测得两只灯泡l1和l2的伏安特性曲线如题22图3中Ⅰ和Ⅱ所示，然后将灯泡l1、l2
?
与电池组（电动势和内阻均衡定）连成题22图4所示电路。多次测量后得到通过l1和l2的电流平均值分别为0.30A和0.60A.
A.在题22图3中画出电池组路端电压U和电流I的关系曲线。
B.由该曲线可知电池组的电动势为_________V,内阻为___________Ω(取两位有效数字)

参考答案：(1）①0.1?②2.5?③
（2）①分压
②A.电键S不应闭合，应处于断开状态
B.4.6? 2.7

本题解析：(1）①0.1?②2.5?③

（2）①分压
②A.电键S不应闭合，应处于断开状态
B.4.6? 2.7

本题难度：一般

4、计算题  如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V，内电阻r= 1Ω，电阻R=15Ω。闭合开关S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=10×10-2 C，质量为m=2×10-2 kg，不考虑空气阻力。那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能达A板？此时，电源的输出功率是多大？（取g=10m/s2）

参考答案：解：小球进入板间后，受重力和电场力作用，且到A板时速度为零。设两板间电压为UAB
由动能定理得 ①
∴滑动变阻器两端电压U滑=UAB=8 V ②
设通过滑动变阻器电流为I，由欧姆定律得 ③
滑动变阻器接入电路的电阻 ④
电源的输出功率P出=I2（R+R滑）=23 W ⑤

本题解析：

本题难度：一般

5、选择题  如图甲所示，光滑导体框架abcd?水平放置，质量为m的导体棒PQ平行于bc放在ab、cd上，且正好卡在垂直于轨道平面的四枚光滑小钉之间．回路总电阻为R，整个装置放在垂直于框架平面的变化的磁场中，磁场的磁感强度B随时间t的变化情况如图乙所示（规定磁感强度方向向上为正），则在时间0-t内，关于回路内的感应电流I及小钉对PQ的弹力N，下列说法中正确的是（　　）

A．I的大小是恒定的
B．I的方向是变化的
C．N的大小是恒定的
D．N的方向是变化的

参考答案：A、根据法拉第电磁感应定律可知，正向磁场大小减小，且均匀减小，导致在线圈中产生恒定的感应电流，方向逆时针；当反向磁场大小增大时，由于均匀增加，故产生感应电流恒定，且方向逆时针．故A正确，B错误；
C、根据安培力大小可知，电流大小恒定，由于磁场的大小与方向变化，所以导致导体棒PQ受到先向右的安培力，后向左的安培力，故C错误，D正确；
故选AD．

本题解析：

本题难度：一般