参考答案：在水平地面上向左运动，竖直方向受重力、支持力，水平方向受水平向右的推力、水平向右的摩擦力．
水平向右的推力F=2N，摩擦力f=μN=μmg=0.2×1×10=2N，
所以合力大小为F合=（2+2）N=4N，方向水平向右，
根据牛顿第二定律得：a=F合m=41=4m/s2，水平向右；
故选：B

本题解析：

本题难度：简单

2、选择题  如图所示，固定坡道倾角为θ，顶端距光滑水平面的高度为h，一可视为质点的小物块质量为m，从坡道顶端由静止滑下，经过底端O点进入水平面时无机械能损失，为使小物块制动将轻弹簧的一端固定在水平面左侧M处的竖直墙上，弹簧自由伸长时右侧一端恰好位于O点。已知小物块与坡道间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g,则下列说法正确的是

A．小物块在倾斜轨道上运动时，下滑的加速度比上滑的加速度小
B．当小物块压缩弹簧到最短时，物块的重力势能完全转化为弹簧的弹性势能
C．小物块返回倾斜轨道时所能达到的最大高度为
D．小物块在往返运动的整个过程中损失的机械能为mgh

参考答案：ACD

本题解析：小物块在倾斜轨道上运动时，下滑的加速度大小，上滑的加速度大小，故A正确；由于在倾斜轨道上运动时要克服摩擦力做功，所以当小物块压缩弹簧到最短时，物块的重力势能转化为弹簧的弹性势能和摩擦热，故B错误；由动能定理得下滑到O点时mgh-μmgcosθ?=mv2，又水平道光滑，由机械能守恒定律得mv2＝Ep，设小物块返回倾斜轨道时能够上升的最大高度为h1，由动能定理得-mgh1-μmgcosθ?=0-mv2，解得：h1＝，故C正确；由能量守恒定律可知小物块在往返运动的整个过程中机械能全部转化为内能，故损失的机械能为mgh，D正确。

本题难度：一般

3、选择题  在粗糙的水平面上，物体在水平推力作用下由静止开始作匀加速直线运动，作用一段时间后，将水平推力逐渐减小到零，则在水平推力逐渐减小到零的过程中（　　）
A．物体速度逐渐减小，加速度逐渐减小
B．物体速度逐渐增大，加速度逐渐减小
C．物体速度先增大后减小，加速度先增大后减小
D．物体速度先增大后减小，加速度先减小后增大

参考答案：物体在水平推力作用下由静止开始作匀加速直线运动，物体水平方向受到推力和滑动摩擦力．水平推力从开始减小到与滑动摩擦力大小相等的过程中，物体受到推力大于摩擦力，物体做加速度，合力减小，加速度减小；此后，推力继续减小，推力小于滑动摩擦力，合力与速度方向相反，物体做减速运动，合力反向增大，加速度反向增大．
故物体速度先增大后减小，加速度先减小后增大．
故选D

本题解析：

本题难度：一般

4、计算题  一根长度为L的轻质直杆两端各固定一个可视为质点的小球A和B，两小球质量均为m,直杆可以绕过其中点O的水平轴在竖直平面内匀速转动，若直杆匀速转动周期为，求
（1）小球转动的角速度；
（2）直杆转动到如图竖直位置时，A、B两小球对直杆作用力各多大？方向如何？

参考答案：1)已知小球的转动周期，
故小球转动的角速度? …… ①?（4分）
（2）以A小球为研究对象，在最高点的受力如图，设方向向上，根据牛顿第二定律得：
? ……… ②?（2分）
由①②式得：? ……… ③?（1分）
根据牛顿第三定律得，A球对直杆有竖直向下的压力，
大小为? …④?（1分）

以B小球为研究对象，在最低点的受力如图，设方向向上，根据牛顿第二定律得：? ……… ⑤?（2分）
由①⑤式得：? ……… ⑥?（1分）
根据牛顿第三定律得，B球对直杆有竖直向下的拉力，
大小为? …⑦

本题解析：（1)小球的转动周期，小球转动的角速度?，
（2）在最高点对小球A，根据牛顿第二定律得：?，联立得：?
根据牛顿第三定律得，A球对直杆有竖直向下的压力，大小为?

以B小球为研究对象，在最低点根据牛顿第二定律得：?，
则有，根据牛顿第三定律得，B球对直杆有竖直向下的拉力，
大小为

本题难度：一般

5、简答题  如图，已知斜面倾角30°，物体A质量mA=0.4kg，物体B质量mB=0.7kg，H=0.5m．B从静止开始和A一起运动，B落地时速度v=2m/s．若g取10m/s2，绳的质量及绳的摩擦不计，求：
（1）物体与斜面间的动摩擦因数
（2）物体沿足够长的斜面滑动的最大距离．

参考答案：（1）以AB组成的整体为研究对象，根据动能定理得：
mBgH-mAgsinθ?H-μmAgcosθ?H=12(mA+mB)v2
得：μ=(mB-mAsinθ)gH-12(mA+mB)v2mAgcosθ
代入解得：μ=

本题解析：

本题难度：一般