参考答案：不加电场时，对物体受力分析，受重力、支持力和摩擦力，如图



假设动摩擦因素为μ，根据牛顿第二定律，运用正交分解法，得到
mgsinθ-μmgcosθ=ma
解得
a=gsinθ-μgcosθ? ①
加电场后多受一个电场力qE，再次对物体受力分析，如图



根据牛顿第二定律，运用正交分解法，得到
（mg+qE）sinθ-μ（mg+qE）cosθ=ma′
解得
a′=（gsinθ-μgcosθ）+qE(sinθ-μcosθ)m? ②
当不加电场物体匀速下滑时，由①式得到μ=tanθ，代入②式得到a′=0，即物体依然匀速，故A正确，B错误；
当不加电场物体匀加速时，由①式得到a＞0，由于电场强度随时间均匀增加，由②式可以得到加速度随时间均匀增加，故C错误，D正确；
故选A、D．

本题解析：

本题难度：简单

2、选择题  关于滑动摩擦力，下列说法正确的是（? ）
A．压力越大，滑动摩擦力越大
B．压力不变，动摩擦因数不变，接触面积越大，滑动摩擦力越大
C．压力不变，动摩擦因数不变，速度越大，滑动摩擦力越大
D．动摩擦因数不变，压力越大，滑动摩擦力越大

参考答案：D

本题解析：

本题难度：简单

3、选择题  图甲中bacd为导体做成的框架，其平面与水平面成θ角，质量为m，的导体棒PQ与ab、cd接触良好，回路的电阻为R，整个装置放在垂直于框架平面的变化的磁场中，磁感应强度随时间的变化如图乙，导体棒PQ始终静止，在0～t1时间内（　　）

A．导体棒PQ所受安培力的方向始终沿轨道斜面向上
B．导体棒PQ所受安培力的方向始终沿轨道斜面向下
C．导体棒PQ受到的摩擦力可能一直增大
D．导体棒PQ受到的摩擦力可能先减小后增大

参考答案：根据法拉第电磁感应定律可知在线圈中产生恒定的感应电流，开始导体棒PQ受到沿导轨向上的安培力，
若开始安培力小于导体棒重力沿导轨向下的分力mgsinθ，则摩擦力为：f=mgsinθ-F安，随着安培力的减小，摩擦力f逐渐逐渐增大，
当安培力反向时，f=mgsinθ+F安，安培力逐渐增大，故摩擦力也是逐渐增大；
若安培力大于mgsinθ，则安培力为：f=F安-mgsinθ，由于安培力逐渐减故，摩擦力逐渐减小，
当F安=mgsinθ时，摩擦力为零并开始反向变为：f=mgsinθ-F安，随着安培力的变化将逐渐增大，
故选CD．

本题解析：

本题难度：简单

4、简答题  测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图甲所示的装置，图中长木板水平固定．

（1）实验过程中，电火花计时器应接在电压为______V，频率为50Hz的交流电源上；
（2）如图乙为木块在水平木板上带动纸带运动时打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，从纸带上测出x1=7.22cm，x2=15.52cm，则木块加速度大小为a=______m/s2（保留两位有效数字）；
（3）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数μ的表达式为______；
（4）若实验操作规范，数据处理方法得当，由此算得的动摩擦因数将比真实的动摩擦因数______（请填写“偏大”、“偏小”或“相同”）．

参考答案：（1）电火花计时器工作的电源为220V的交流电．
（2）根据题意可知，木块在水平木板上做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律，
利用逐差法有：△x=x2-x1=a（△t）2，△t=0.3s
解得：a=x2-x1(△t)2=15.52-7.220．32×10-2m/s2=0.92m/s2；
（3）对木块、砝码盘和砝码系统，根据牛顿第二定律有：mg-μMg=（M+m）a，
解得：μ=mg-(M+m)aMg
（4）由于在实验中纸带与打点计时器之间存在摩擦力，还存在空气阻力，将它们设为f，
因此实际上系统的加速度为：μ′=mg-(M+m)a-fMg=mg-(M+m)aMg-fMg＜μ，所以算得的动摩擦因数将比真实的动摩擦因数偏大．
故答案为：（1）220；（2）0.92；（3）mg-(M+m)aMg；（4）偏大

本题解析：

本题难度：一般

5、选择题  如图所示，A、B两球完全相同，质量均为m，用两根等长的细线，悬挂在升降机的天花板上的O点，两球之间连着一根劲度系数为k的轻质弹簧．当升降机以加速度a竖直向上加速运动时，两根细线之间的夹角为θ．则弹簧的长度与原长相比缩短了（　　）
A．

参考答案：

对球A受力分析，受重力mg、拉力T、弹簧的弹力F而向上做匀加速直线运动，如图
则有牛顿第二定律可知：
Ftanθ2-mg=ma
即：F=（g+a）tanθ2
根据胡克定律，有
F=kx
解得
x=m(a+g)tanθ2k
故选：C．

本题解析：

本题难度：简单