1、选择题  下列说法正确的是
A．HClO和NaClO都是弱电解质
B．胶体能产生丁达尔效应，而溶液不能
C．1molH2SO4与1molBa(OH)2反应放出的热量叫做中和热
D．HCl和NaCl溶于水破坏的化学键完全相同

参考答案：B

本题解析：A、NaClO是强电解质，错误；B、正确；C、中和热是指生成1mol水时放出的热量，该反应还生成硫酸钡，故放出的热量不是中和热，错误；D、HCl和NaCl溶于水破坏的化学键分别是共价键和离子键，错误。

本题难度：一般

2、选择题  a?mol?NaOH溶液逐滴加入到b?mol?AlCl3溶液中，沉淀逐渐增多，后又逐渐减少，但最终仍有沉淀剩余，则剩余沉淀的物质的量为（　　）
A．

参考答案：生成的氢氧化铝沉淀减少但最后有剩余，故溶液中溶质为氯化钠、偏铝酸钠，
根据电荷守恒可知溶液中n（Na+）=n（Cl-）+n（AlO2-），
所以溶液中n（AlO2-）=amol-3bmol=（a-3b）mol，
根据铝元素守恒有n[Al（OH）3]=n（AlCl3）-n（AlO2-）=bmol-（a-3b）mol=4b-a）mol．
故选：C．

本题解析：

本题难度：简单

3、简答题  在加热条件下，用MnO2与足量浓盐酸反应，制得氯气5.6L（标准状况）．问：
（1）理论上需要消耗MnO2多少克？
（2）被氧化的HCl的物质的量是多少？
（3）转移的电子数是多少？

参考答案：（1）标准状况下5.6L氯气的物质的量为5.6L22.4L/mol=0.25mol，则：
由MnO2+4HCl（浓）?△?.?MnCl2+Cl2↑+2H2O
? 1? 1
?0.25mol? 0.25mol
n（MnO2）=n（Cl2）=0.25mol，则m（MnO2）=0.25mol×87g．mol-1=21.75g，
答：需要消耗MnO221.75g；
（2）因Cl元素的化合价升高时被氧化，氧化产物为氯气，
则被氧化的HCl的物质的量n（HCl）=2n（Cl2）=2×0.25mol=0.5mol，
答：被氧化的HCl的物质的量是0.5mol；
（3）反应中氯元素化合价由-1价升高为0价，生成氯气0.25mol，故转移电子物质的量为0.25mol×2=0.5mol，故转移电子的数目为0.5mol×NAmol-1=0.5NA，
答：转移的电子数是0.5NA．

本题解析：

本题难度：一般

4、填空题  一定质量的液态化合物XY2，在一定质量的O2中恰好完全燃烧，化学方程式为XY2(l)+3O2(g)=XO2(g)+2YO2(g)，冷却后，在标准状况下测得生成物的体积是672 mL,密度是2.56 g/L。
(1)反应前O2的体积是??mL。
(2)化合物XY2的摩尔质量是??g/mol。
(3)若XY2分子中X、Y两元素的质量比是3∶16，则X、Y两元素分别为?和?。(写元素符号)

参考答案：⑴672 ⑵76 ⑶C、S

本题解析：
(1)由化学方程式知：反应前后的气体体积不变，又恰好完全燃烧，所以反应前O2的体积等于生成物的体积，即V(O2)=" 672" mL;
(2)利用生成物的体积和密度可计算出生成物的总质量，然后利用化学方程式可求得XY2的物质的量，由质量守恒定律求得XY2的质量，其摩尔质量M(XY2)= ?；
(3)利用XY2的摩尔质量、组成及其X、Y两元素的质量比，即可求X、Y两元素的相对原子质量，进而确定X、Y两元素分别为C和S。

本题难度：一般

5、选择题  氯酸质量分数超过40％时会发生分解，反应可表示为：8 HClO3 =" 3" O2↑+ 2 Cl2↑+ 4 HClO4 + 2 H2O，下列说法正确的是
A．氧化性比较HClO4 > HClO3
B．氧化产物只有HClO4
C．氯酸分解后的混合气体平均相对分子质量为47.6
D．该反应转移电子数为12e—

参考答案：C

本题解析：氧化还原反应中，氧化剂的氧化性强于氧化产物的，所以选项A不正确；根据方程式可知，氯元素的化合价从＋5价部分升高到＋7价，部分降低到0价。而氧元素的化合价从－2价升高到0价，所以氧化产物有氧气和高氯酸，选项B不正确；根据氧气和氯气的体积之比是3︰2可知，混合气的平均相对分子质量是，选项C正确；选项D不正确，转移电子的个数是20个，答案选C。

本题难度：一般