1、选择题  下列物质或溶液不能与CO2反应的是
A．Na2O2
B．CaCl2溶液
C．Na2SiO3溶液
D．Na2CO3溶液

参考答案：B

本题解析：A．2Na2O2+2CO2 =Na2CO3+ O2；错误B.假设CO2能与CaCl2溶液，则根据复分解反应的规律，相应的方程式应该为CO2+ H2O +CaCl2=CaCO3↓+2HCl，但是CaCO3能与HCl发生反应：CaCO3+2HCl =CaCl2 +CO2↑+ H2O 。这证明假设不成立。因此CaCl2溶液不能与CO2反应。正确。C ．由于酸性H2CO3＞ H2SiO3。所以会放出反应Na2SiO3+CO2+ H2O= Na2CO3+H2SiO3↓；错误。D.Na2CO3+CO2+ H2O= 2NaHCO3。2的性质的知识。

本题难度：一般

2、选择题  下列叙述正确的是（?）
A．能证明碳酸的酸性比硅酸强的事实是:CO2溶于水生成碳酸，SiO2不溶于水也不能跟水直接反应生成硅酸
B．太阳能电池可采用硅材料制作，其应用有利于环保、节能
C．人造刚玉熔点很高，可用作高级耐火材料，主要成分是二氧化硅
D．自然界中既存在化合态的硅又存在游离态的硅

参考答案：B

本题解析：A不正确，应该是利用较强的酸制取较弱的来验证，即将CO2通入到硅酸钠溶液中生成硅酸沉淀；C不正确，应该是氧化铝；D不正确，硅的存在形式全部是化合态，答案选B。
点评：关于常见物质的性质、用途等关键是熟练记住，并能灵活运用即可。

本题难度：一般

3、填空题  硅是重要的半导体材料，构成了现代电子工业的基础。回答下列问题：
（1）基态Si原子中，电子占据的最高能层符号?，该能层具有的原子轨道数为?、电子数为?。
（2）硅主要以硅酸盐、?等化合物的形式存在于地壳中。
（3）单质硅存在与金刚石结构类似的晶体，其中原子与原子之间以?相结合，其晶胞中共有8个原子，其中在面心位置贡献?个原子。
（4）单质硅可通过甲硅烷(SiH4)分解反应来制备。工业上采用Mg2Si和NH4CI在液氨介质中反应制得SiH4，该反应的化学方程式为?。
（5）碳和硅的有关化学键键能如下所示，简要分析和解释下列有关事实：

参考答案：（1）M；9；4?（2）二氧化硅；?（3）共价键；3
（4）Mg2Si＋4NH4Cl=SiH4＋4NH3＋2MgCl2
（5）①硅烷中的Si－Si键和Si－H键的键能小于烷烃分子中C－C键和C－H键的键能，稳定性差，易断裂，导致长链硅烷难以形成，所以硅烷在种类和数量上都远不如烷烃多。
②由于键能越大，物质越稳定，C－H键的键能大于C－O键的键能，故C－H键比C－O键稳定；而Si－H键的键能却远小于Si－O键的键能，所以Si－H键不稳定，而倾向于形成稳定性更强的Si－O键，即更易生成氧化物。
（6）sp3；1:3；[SiO3]n2n－(或SiO32－)

本题解析：（1）基态Si原子中，有14个电子，核外电子排布式为1s22s22p63s23p2，电子占据的最高能层符号为M。该能层具有的原子轨道数为1个s轨道，3个p轨道，5个d轨道。
（2）硅主要以硅酸盐、二氧化硅等化合物的形式存在于地壳中。
（3）单质硅存在与金刚石都属于原子晶体，其中原子与原子之间以共价键相结合，其晶胞中共有8个原子，其中在面心位置贡献为6×1/2＝3个原子。
（4）Mg2Si和NH4Cl在液氨介质中反应制得SiH4，该反应的化学方程式为Mg2Si + 4NH4Cl=SiH4+4NH3+2MgCl2。
（5）①硅与碳同族，也有系列氢化物，但硅烷在种类和数量上都远不如烷烃多，原因是①C—C键和C—H键较强，所形成的烷烃稳定。而硅烷中Si—Si键和Si—H键的键能较低，易断裂，导致长链硅烷难以生成。②SiH4的稳定性小于CH4，更易生成氧化物，原因是C—H键的键能大于C—O键，C—H键比C—O键稳定。而Si—H键的键能却远小于Si—O键，所以Si—H键不稳定而倾向于形成稳定性更强的Si—O键。
（6）中心原子Si原子的杂化形式为sp3，Si与O的原子数之比为1∶3，化学式为[SiO3]n2n-(或SiO32-)。

本题难度：一般

4、填空题  (2分)已知石棉是硅酸盐矿物，某种石棉的化学式可表示为?Ca2Mg5Si8O22(OH)2，将其改写成氧化物的形式_______________________________。

参考答案：(2分)?2CaO·5MgO·8SiO2·H2O

本题解析：硅酸盐改写成氧化物的形成，一般遵循金属性活泼顺序，最后是水，同时要注意原子守恒。所以根据该硅酸盐的化学式可知，其氧化物形式是2CaO·5MgO·8SiO2·H2O。
点评：该题是基础性试题的考查，主要是考查学生灵活运用基础知识的能力，提高学生分析问题、解决问题的能力。

本题难度：一般

5、填空题  下图为一定量饱和Ca（OH）2溶液中通入二氧化碳气体后，产生CaCO3白色沉淀的质量与二氧化碳体积之间的关系曲线。试完成下列问题：

OA段曲线和AB段曲线所表示的反应方程式是
OA：_________________________________________________________________________；
AB：_________________________________________________________________________。
A点时已参加反应的CO2和Ca(OH)2的物质的量之比为_______________。
B处溶液中存在的浓度较大的两种离子是_____________和_____________（填离子符号）。
将B处生成的溶液煮沸，可见到的现象是______________________________。

参考答案：Ca(OH)2+CO2====CaCO3↓+H2O
CaCO3+CO2+H2O====Ca(HCO3)2
1∶1? Ca2+??有白色沉淀生成

本题解析：这是一道涉及碳酸正盐和碳酸氢盐互变规律的试题。如果能把握住下述规律，解题就会变得轻而易举。
（1）碳酸的正盐与过量的CO2反应时生成碳酸氢盐。
（2）碳酸氢盐与碱反应时生成碳酸的正盐和水。
（3）碳酸氢盐在加热条件下生成碳酸正盐、水和CO2。
OA段曲线表示在Ca(OH)2饱和溶液中，随着CO2通入量的增加，生成的CaCO3沉淀逐渐增多。其发生的化学反应为：
Ca(OH)2+CO2====CaCO3↓+H2O?①
AB段曲线表示CaCO3沉淀不断地与CO2发生化学反应，生成了易溶于水的碳酸氢盐。其发生的化学反应为：
CaCO3+CO2+H2O====Ca（HCO3）2?②
由①式可知，在A点的物质体系中只有CaCO3和水，参加反应的CO2和Ca(OH)2的物质的量比为1∶1。
由②式可知，在B处的物质体系中是Ca(HCO3)2溶液，其中浓度较大的两种离子是Ca2+和。
如果将B处的溶液煮沸，则会有白色沉淀生成：
Ca（HCO3）2CaCO3↓+H2O+CO2↑

本题难度：简单