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高考化学知识点总结《有关氧化还原反应的计算》考点预测（2019年强化版）(二)
2019-06-28 22:14:53
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1、填空题 某学生往一支试管里按一定次序分别加入下列几种物质：
A．KI溶液，
B．淀粉溶液，
C．NaOH溶液，
D．氯水。发现溶液颜色按下面次序变化：
| ①无色―→②棕黄色―→③蓝色―→④无色。
依据溶液颜色的变化回答下列问题：
（1）加入以上药品的顺序是_________________________________________________。
（2）写出①→②的离子反应方程式，若为氧化还原反应，请标明电子转移的方向和总数：_______________________________________________________________________。
（3）写出③→④的化学反应方程式：___________________________________________。
参考答案：（1）A、D、B、C
 ?
（3）I2＋2NaOH=NaI＋NaIO＋H2O
本题解析：溶液显棕黄色，说明溶液中有I2生成，氯水和KI溶液反应生成I2，而氯水显浅黄绿色，故①为KI溶液，②为氯水，溶液显蓝色是淀粉遇I2形成的，故③为淀粉溶液；又由于I2＋2NaOH=NaI＋NaIO＋H2O，加入NaOH溶液后I2逐渐消失，蓝色将逐渐褪为无色，故④为NaOH溶液。
本题难度：一般
2、填空题 为探索工业含铝、铁、铜合金废料的再利用,甲同学设计的实验方案如下:
请回答:
(1)操作①用到的玻璃仪器有 。
(2)写出反应①的化学方程式: ,反应②的离子反应方程式: 。
(3)设计实验方案,检测滤液D中含有的金属离子(试剂自选) 。
(4)在滤渣E中加入稀硫酸和试剂Y制胆矾晶体是一种绿色化学工艺,试剂Y为无色液体,反应④的总化学方程式是 。
(5)乙同学在甲同学方案的基础上提出用滤渣B来制备FeCl3·6H2O晶体,在滤渣中滴加盐酸时,发现反应速率比同浓度盐酸与纯铁粉反应要快,其原因是 。
将所得氯化铁溶液用加热浓缩、降温结晶法制得FeCl3·6H2O 晶体,而不用直接蒸发结晶的方法来制得晶体的理由是 。
(6)将滤渣B的均匀混合物平均分成四等份,分别加入同浓度的稀硝酸,充分反应后,在标准状况下生成NO的体积与剩余金属的质量见下表(设硝酸的还原产物只有NO)。
实验编号
| ①
| ②
| ③
| ④
| 稀硝酸体积(mL)
| 100
| 200
| 300
| 400
| 剩余金属质量(g)
| 9.0
| 4.8
| 0
| 0
| NO体积(L)
| 1.12
| 2.24
| 3.36
| V
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则硝酸的浓度为 ;③中溶解铜的质量为 ;④中V= 。
参考答案：(1)烧杯、漏斗、玻璃棒
(2)2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2↑ AlO2-+CO2+2H2O=Al(OH)3↓+HCO3-
(3)取少量滤液D加入NaOH溶液,产生白色沉淀,白色沉淀迅速变成灰绿色最后变成红褐色(合理即可)
(4)Cu+H2O2+H2SO4+3H2O=CuSO4·5H2O(或Cu+H2O2+H2SO4=CuSO4+2H2O)
(5)铁粉与杂质铜形成原电池,加快了反应速率 因为氯化铁是强酸弱碱盐水解生成氢氧化铁和盐酸,加热蒸干时使HCl挥发造成水解平衡右移,因此得不到FeCl3·6H2O 晶体
(6)2 mol/L 4.8 g 4.48
本题解析：(1)操作①是过滤。(2)金属中只有铝能和氢氧化钠溶液反应生成AlO2-, AlO2-和足量CO2生成Al(OH)3沉淀和HCO3-。(3)滤液D中含有Fe2+,可以利用其和碱生成沉淀时的颜色变化、自身不能使KSCN溶液变红而氧化后变红的性质进行检验。(4)H2O2是绿色氧化剂,还原产物是H2O。(5)里面有杂质铜,形成原电池,加快了反应速率;Fe3+很易发生水解。(6)滤渣B中含有Fe和Cu,分析实验①到②和②到③的过程可知:①到②时,金属过量,硝酸完全反应,100 mL HNO3共产生 ="0.05" mol NO,消耗金属4.2 g,由反应:
3Fe + 8HNO3(稀)=3Fe(NO3)2+2NO↑+4H2O
3×56 g 8 mol 2 mol
4.2 g 0.2 mol 0.05 mol
知:消耗的4.2 g金属恰好为Fe,且可推知①中消耗的也为Fe且质量为4.2 g,同时求得HNO3的浓度为: ="2" mol·L-1。又由反应:
3Cu+8HNO3(稀)=3Cu(NO3)2+2NO↑+4H2O
3×64 g 2 mol
m(Cu) 0.05 mol
得:m(Cu)= g="4.8" g可知:②到③中溶解的4.8 g金属恰好是Cu,即铜的总质量即为4.8 g;根据前面的分析可知:④与③相比多加的100 mL HNO3是与Fe2+反应:
3Fe2+ + 4H+ + NO3-=3Fe3++NO↑+2H2O
3 mol 4 mol 1 mol 22.4 L
0.15 mol 0.2 mol0.2 mol V′
即V′= ="1.12" L。
故V=3.36+1.12=4.48。
本题难度：困难
3、选择题 加碘盐的主要成分是NaCl，还添加了适量的KIO3。下列说法中正确的是
A．KIO3和NaCl为离子化合物，均只含离子键
B．KIO3中阳离子的结构示意图为
C．23Na37Cl中质子数和中子数之比是8∶7
D．次碘酸的结构式为H—O—I
参考答案：D
本题解析：A、含有离子键的化合物是离子化合物，KIO3和NaCl为离子化合物，均含有离子键，但碘酸钾中还含有共价键，A不正确；B、碘酸钾是由K＋与IO3－构成的，其阳离子的结构示意图为 ，B不正确；C、由于质子数＋中子数＝质量数，所以23Na37Cl中质子数和中子数分别是11＋17＝28、23－11＋37－17＝32，其之比是7∶8，C不正确；D、由于氧元素的非金属性强于碘元素的非金属性，因此次碘酸的结构式为H—O—I，D正确，答案选D。
本题难度：一般
4、选择题 下列反应属于置换反应的是
A．CuO + H2 =" Cu" + H2O
B．CaCO3 =" CaO" + CO2
C．Na2O + H2O ="2" NaOH
D．Al2O3 + 6HCl = 2AlCl3 + 3H2O
参考答案：A
本题解析：A是置换反应，B是分解反应，C是化合反应，D是复分解反应，答案选A。
点评：四种基本反应类型的划分是依据参加反应的物质的多少区分的，即1.化合反应：两种或两种以上物质反应生成一种化合物的反应；2.分解反应：一种化合物反应生成两种或两种以上物质的反应；3.置换反应：一种单质与一种化合物反应，生成另一种单质与另一种化合物的反应；4.复分解反应：两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应。
本题难度：一般
5、填空题 A、B、X、Y、Z、W六种短周期主族元素，A是地壳中含量最多的金属元素，短周期主族元素中B的原子半径最大，X、Y、Z、W元素在周期表中的相对位置如下图所示，其中Z元素原子最外层电子数是电子层数的2倍。请回答下列
问题：
（1）W的最高价氧化物化学式是?；Z的原子结构示意图为?。
（2）A、B各自最高价氧化物对应的水化物反应的化学方程式为?。
（3）AW3可用于净水，其原理是?。（请用离子方程式表示）
（4）工业合成X的简单气态氢化物是放热反应。下列措施中既能提高
反应速率，又能提高原料转化率的是??。
a．升高温度
b．加入催化剂
c．将X的简单气态氢化物及时移离
d．增大反应体系的压强
（5）标准状况下，2.24L X的简单气态氢化物被200 mL l mol L－1X的最高价氧化物对应的水化物溶液吸收后，所得溶液中离子浓度从大到小的顺序是（用离子符号表示）?。
（6）WY2在杀菌消毒的同时，可将剧毒氰化物氧化成无毒气体而除去，写出用WY2（沸点9.9℃）氧化除去CN－的离子方程式?。
参考答案：（1）Cl2O7?
（2）Al(OH)3+NaOH=NaAlO2+2H2O
（3）Al3++3 H2O  ?Al(OH)3+3H+
（4）d
（5）NO3-、H+、NH4+、OH-
（6）2ClO2+2CN-=N2+2Cl-+2CO2
本题解析：
A是地壳中含量最多的金属元素，则A是Al；短周期中B的原子半径最大，B是Na；Z是最外层电子数是电子层的3倍，Z则是S，X、Y、W依次是N、O、Cl。
（1）W的最高价氧化物是Cl2O7；Z原子结构示意图为 ；
（2）反应方程式为Al(OH)3+NaOH=NaAlO2+2H2O
（3）AlCl3净水原理是，Al3+发生水解，Al3++3 H2O ?Al(OH)3+3H+ ；
（4）提高转化率又能提高反应速率，选d。
（5）0.1mol NH3被0.2mol HNO3的溶液吸收后，是0.1molNH4NO3和0．1molHNO3组成的，由于NH4+能发生水解，离子浓度由大到小顺序为NO3-、H+、NH4+、OH-。
（6）2ClO2+2CN-=N2+2Cl-+2CO2
本题难度：一般
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