高考化学知识点总结《盐类水解的原理》高频考点预测（2019年最新版）(四) 2020-07-07 22:58:08 【大 中 小】 1、填空题  （6分）水溶液中存在多种平衡，请根据所学化学知识回答下列问题： （1）在浓度均为0.1mol/L①CH3COONH4 ②NH4HSO4 ③NH3.H2O ④(NH4)2SO4溶液中，NH4+浓度由大到小的顺序为（填序号）                                         。 （2）浓度均为0.1 mol·L－1的下列溶液：①硫酸、②醋酸、③氢氧化钠、④氯化铵四种溶液中的H＋浓度由大到小的顺序是(填序号)                                                        。 （3）恒温下，向pH=6的蒸馏水中加入2.3g金属钠，充分反应后，再加蒸馏水稀释到1L，所得溶液的pH=                    。 参考答案：（1）④>②>①>③    （2）①>②>④>③  （3）11 本题解析：（1）在浓度均为0.1mol/L①CH3COONH4②NH4HSO4③NH3·H2O ④(NH4)2SO4溶液中，NH3?H2O为弱电解质，由于电离是微弱的，NH4＋ 浓度最小，而CH3COONH4、NH4HSO4、(NH4)2SO4为强电解质，全部电离，(NH4)2SO4含有两个NH4+，则(NH4)2SO4中NH4+浓度最大；NH4HSO4电离产生氢离子，抑制了NH4＋的水解，CH3COONH4中醋酸根水解呈碱性，促进了NH4+水解，所以NH4+浓度由大到小的顺序为④>②>①>③； （2） 浓度均为0.1 mol·L－1的下列溶液：①硫酸、②醋酸、③氢氧化钠、④氯化铵四种溶液，氯化铵为强酸弱碱盐，水解显酸性；硫酸是二元强酸，[H＋]=0.2mol/L,醋酸是弱酸，氢离子浓度小于0.1mol/L， 氢氧化钠是强碱，溶液显碱性，所以四种溶液中的H＋浓度由大到小的顺序是①>②>④>③ ； （3）恒温下，向pH=6的蒸馏水中加入2.3g金属钠，发生反应2Na+2H2O=2NaOH+H2↑，生成0.1mol氢氧化钠，再加蒸馏水稀释到1L，所得溶液中氢氧根浓度为0.1 mol·L－1，该温度下蒸馏水的pH=6，则水的离子积常数为1×10—12，则溶液中氢离子浓度为1×10—11mol·L－1，pH=11。 考点：考查水的电离、盐类水解及PH计算等知识。 本题难度：一般 2、选择题  下列各溶液中，微粒的物质的量浓度关系正确的是（  ） A．1.0mol/L Na2CO3溶液：c(OH－)＝c(HCO3－)＋c(H＋)＋c(H2CO3) B．1.0mol/LNH4Cl溶液：c(NH4＋)＝c(Cl－) C．向醋酸钠溶液中加入适量醋酸，得到的酸性混合溶液： c(Na＋)＞c(CH3COO－)＞c(H＋)＞c(OH－) D．向硝酸钠溶液中滴加稀盐酸得到的pH＝5的混合溶液：c(Na＋)＝c(NO3－) 参考答案：D 本题解析： A．在1.0mol/L Na2CO3溶液，根据电荷守恒可得：c(OH－)+c(HCO3－)＋2c(CO32-)=c(H＋)+c(Na+),根据物料守恒可得：c(Na+)="2" c(HCO3－)＋2c(CO32-)+2 c(H2CO3)，将第二个式子代入第一个式子可得, c(OH－)＝c(HCO3－)＋c(H＋)＋2c(H2CO3)，错误。B．1.0mol/LNH4Cl溶液，根据物料守恒可得：c(NH3·H2O)+c(NH4＋)＝c(Cl－),所以c(NH4＋)<c(Cl－)，错误；C．向醋酸钠溶液中加入适量醋酸，得到的酸性混合溶液，根据电荷守恒可得：(CH3COO－)＞c(Na＋)＞cc(H＋)＞c(OH－) ，错误；D．向硝酸钠溶液中滴加稀盐酸得到的pH＝5的混合溶液，由于c(H+)=c(Cl-),根据电荷守恒c(Na＋)+ c(H+)=c(Cl-)+c(NO3－)，所以c(Na＋)=c(NO3－)，正确。 考点：考查溶液中离子浓度的大小比较的知识。 本题难度：一般 3、选择题  下列有关0.1 mol/L NaHCO3溶液中粒子浓度关系式正确的是 A．c(Na+)＞c(HCO3－)＞c(CO32－)＞c(H+)＞c(OH－) B．c(Na+)＞c(CO32－)＞c(HCO3－)＞c(OH－)＞c(H+) C．c(Na+)= c(HCO3－)+ 2c(CO32－)+ c(H2CO3) D．c(Na+)+ c(H+)= c(HCO3－)+2c(CO32－) + c(OH－)

参考答案：D

本题解析：
A．c(Na+)＞c(HCO3－)＞c(CO32－)＞c(H+)＞c(OH－) 溶液显示碱性，所以氢离子的浓度一定小于氢氧根的浓度；
B．c(Na+)＞c(CO32－)＞c(HCO3－)＞c(OH－)＞c(H+)溶液显示碱性，说明碳酸氢根的水解程度大于碳酸氢根的电离程度，所以，碳酸氢根的浓度大于碳酸钙的浓度；
C．c(Na+)= c(HCO3－)+ 2c(CO32－)+ c(H2CO3)是电荷守恒和物料守恒的杂糅，错误；
D．c(Na+)+ c(H+)= c(HCO3－)+2c(CO32－) + c(OH－)是电荷守恒，正确，故选D。
考点：电荷守恒 质子守恒 物料守恒
点评：
1、所谓电荷守恒是指溶液中所有阳离子所带的正电荷总数与所有阴离子所带的负电荷总数相等。
2、快速书写质子守恒的方法：
第一步：盯基准物 （若为溶液则包括水）利用电离和水解得到 得质子产物和失质子产物。
第二步：看基准物 、得质子产物和失质子产物相差的质子数
第三步： 列出质子守恒关系式 得质子数=失质子数
第四步：用物料守恒和电荷守恒加以验证
3、物料守恒可以理解为原子守恒的另一种说法。就是说“任一化学反应前后原子种类（指原子核中质子数相等的原子，就是元素守恒）和数量分别保持不变”，可以微观地应用到具体反应方程式，就是左边带电代数和等于右边。其中的也可以理解为原子核，因为外围电子数可能有变，这时候可以结合电荷守恒来判断问题。可以微观地应用到具体反应方程式，就是左边（反应物）元素原子（核）个数种类与总数对应相等于右边（生成物）（当然也不会出现种类不同的情况）。

本题难度：困难

4、选择题  下列有关溶液中微粒的物质的量浓度关系正确的是
A．1L0.1mol/L(NH4)2Fe(SO4)2溶液：c(SO42－)＞c(NH4+)＞c(Fe2+)＞c(H+)＞c(OH－)
B．25℃时，等体积、等浓度的NaX和弱酸HX混合后的溶液中：c(Na+)＞c(HX)＞c(X－)＞c(H+)＞c(OH－)
C．25℃时，BaCO3饱和溶液（Ksp=8.1×10－9)：c(Ba2+)=c(CO32－)＞c(H+)=c(OH－)
D．1.0 mol/L Na2CO3溶液：c(OH－)=c(HCO3－)+c(H+)+c(H2CO3)

参考答案：A

本题解析：A、1L0.1mol?L-1（NH4）2Fe（SO4）2溶液中铵根离子浓度大于亚铁离子浓度且二者均水解显酸性得到溶液中离子浓度大小为：c（SO42-）＞c（NH4+）＞c（Fe2+）＞c（H+）＞c（OH-），故A正确；B、25℃时，等体积、等浓度的NaX和弱酸HX混合后的溶液中，无法判断酸的电离程度和阴离子的水解程度，不能比较离子浓度大小，故B错误；C、25℃时，BaCO3饱和溶液（Ksp=8.1×10-9）中碳酸根离子水解溶液呈碱性，溶液中的离子浓度关系为：c（Ba2+）＞c（CO32-）＞c（OH-）＞c（H+），故C错误；D、1.0 mol?L-1 Na2CO3溶液中质子守恒依据水电离出的全部氢离子和氢氧根离子守恒分析得到：c（OH-）=c（HCO3-）+c（H+）+2c（H2CO3），故D正确。
考点：离子浓度大小比较。

本题难度：困难

5、选择题  在0.1 mol/L的Na2CO3溶液中，下列关系正确的是(　　)
A．c(Na＋)＝2c(CO)
B．c(OH－)＝2c(H＋)
C．c(HCO)>c(H2CO3)
D．c(Na＋)<c(CO)＋c(HCO)

参考答案：C

本题解析： A．根据物料守恒可得c(Na＋)＝2c(CO) +2c(HCO) +2c(H2CO3)，错误；B．由于溶液显碱性，所以根据质子守恒可得：c(OH－)＝c(H＋)+ c(HCO3-) +2c(H2CO3)，错误；C．因为酸的电离程度：H2CO3> HCO3。酸越弱，其离子水解程度就越大，微粒的浓度就越小，所以c(HCO)>c(H2CO3)。正确；D．根据物料守恒可得：c(Na＋)=2c(CO)＋2c(HCO)+2c(H2CO3)，所以c(Na＋)>c(CO)＋c(HCO),错误。
考点：考查溶液中离子浓度的大小比较的知识。

本题难度：一般

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