1、选择题  下列实验设计能够成功的是（　　）
A．检验亚硫酸钠试样是否变质：试样白色沉淀沉淀不溶解―→说明试样已变质
B．除去粗盐中含有的硫酸钙杂质粗盐精盐
C．检验某溶液中是否含有Fe2＋试样溶液颜色无变化溶液变红色―→溶液中含有Fe2＋
D．证明酸性条件H2O2的氧化性比I2强：NaI溶液溶液变蓝色―→氧化性：H2O2>I2

参考答案：C

本题解析：A项中加入硝酸钡溶液引入的NO3-和加入盐酸引入的H＋能将SO32-氧化，错误；B项中引入了杂质氯化钡，错误；D项中硝酸具有强氧化性，也能将I－氧化为I2，应用盐酸或稀硫酸酸化，错误。

本题难度：一般

2、选择题  下列各组混合物中，都能用分液漏斗分离的是（　　）
A．乙酸乙酯和水酒精和水苯酚和水
B．二溴乙烷和水溴苯和水硝基苯和水
C．甘油和水已烷和水甲酸和水
D．苯和甲苯乙醛和水乙酸和乙醇

参考答案：A、乙酸乙酯和水不溶，酒精和水互溶，苯酚和水不溶，故A错误；
B、二溴乙烷和水不溶，溴苯和水不溶，硝基苯和水不溶，都能用分液漏斗分离，故B正确；
C、甘油和水互溶，已烷和水不溶，甲酸和水互溶，故C错误；
D、苯和甲苯互溶，乙醛和水互溶，乙酸和乙醇互溶，故D错误；
故选B．

本题解析：

本题难度：简单

3、填空题  随着不断向化工、石油、电力、海水淡化、建筑、日常生活用品等行业推广，钛金属日益被人们重视，被誉为“现代金属”和“战略金属”，是提高国防装备水平不可或缺的重要战略物资。工业主要以二氧化钛为原料冶炼金属钛。
Ⅰ.二氧化钛可由以下两种方法制备：
方法1：可用含有Fe2O3的钛铁矿（主要成分为FeTiO3，其中Ti元素化合价为+4价）制取，其主要流程如下：

（1）由滤液获得绿矾晶体的操作过程是?。
（2）甲溶液中除含TiO2+之外还含有的金属阳离子有?。
（3）已知10kg该钛铁矿中铁元素的质量分数为33.6%，能够得到绿矾晶体22.24kg，试计算最少加入铁粉的质量。
方法2：TiCl4水解生成TiO2·XH2O，过滤、水洗除去其中的Cl-，再烘干、焙烧除去水分得到粉体TiO2，此方法制备得到的是纳米二氧化钛。
（4）①TiCl4水解生成TiO2·XH2O的化学方程式为?。
②检验TiO2·XH2O中Cl-是否被除净的方法是?。
Ⅱ.二氧化钛可用于制取钛单质
（5）TiO2制取单质Ti，涉及到的步骤如下：
?
反应②的化学方程式是?，该反应成功需要的其他条件及原因是?。

参考答案：
（1）冷却、结晶、过滤
（2）Fe3+ 、Fe2+
（3）1.12kg
（4）①TiCl4 + (x+2)H2O(过量) TiO2·xH2O↓ + 4HCl
②取最后一次洗涤液少量，滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，不产生白色沉淀，说明Cl－已除净。
（5）?稀有气体保护，防止高温下Mg(Ti)与空气中的O2(或CO2、N2)作用

本题解析：（1）滤液中含有的溶质是FeSO4，要从中得绿矾晶体的操作过程是蒸发浓缩、冷却、结晶，最后过滤即得到固体就是绿矾。（2）钛铁矿中含有Fe2O3当加入过量的硫酸溶解时，Fe2O3与硫酸反应产生Fe2 (SO4)3,因此该溶液中含有的阳离子为Fe3+ 、Fe2+、TiO2+、H+。则除含TiO2+之外还含有的金属阳离子有Fe3+ 、Fe2+。（3）钛铁矿中铁元素的质量33.6%×10kg=3.36Kg.绿矾晶体22.24kg中含有的Fe元素的质量为22.24kg×(56÷278)=4.48Kg.所以加入的Fe元素的质量为4.48Kg-3.36Kg="1.12Kg." （4）①TiCl4水解生成TiO2·XH2O的化学方程式为TiCl4 + (x+2)H2O(过量) TiO2·xH2O↓ + 4HCl. ②检验TiO2·XH2O中Cl-是否被除净的方法是取最后一次洗涤液少量，滴加硝酸酸化的AgNO3溶液，不产生白色沉淀，说明Cl－已除净。（5）根据题意和已知条件可得反应的方程式为。因为Mg及反应产生的Ti容易与其它物质发生反应，为防止在高温下它们与空气中的氧气反应，所以该反应成功需要在稀有气体的环境中进行。2的制取方法及以TiO2为原料制取钛单质的反应原理、混合物的分离方法、反应条件的选择。

本题难度：一般

4、填空题  利用钛白工业的副产品FeSO4（含Al2(SO4)3和少量重金属离子）可以生产电池级高纯超微细草酸亚铁。其工艺流程如下：

已知：①5Fe2++ MnO4-+8H+=5Fe3+ +Mn2++4H2O
5C2O42-+2MnO4-+16H+=10CO2↑+2Mn2++8H2O
（1）沉淀过程的反应温度为40℃，温度不宜过高的原因除了控制沉淀的粒径外，还有?。
（2）滤液经处理可得到副产品?。
（3）实验室测定高纯超微细草酸亚铁组成的步骤依次为：
步骤1：准确称量一定量草酸亚铁样品，加入25 mL 2 mol·L-1的H2SO4溶解。
步骤2：用0.2000 mol·L-1标准KMnO4溶液滴定，消耗其体积30.40 mL。
步骤3：向滴定后的溶液中加入2 g Zn粉和5 mL 2 mol·L-1的H2SO4溶液，将Fe3+还原为Fe2+。
步骤4：过滤，滤液用上述标准KMnO4溶液滴定，消耗溶液10.00 mL。
则样品中C2O42-的物质的量为?。（写出计算过程）
（4）将一定量高锰酸钾溶液与酸化的草酸亚铁溶液混合，测得反应 液中Mn2+的浓度随反应时间t的变化如图，其变化趋势的原因可能为?。

参考答案：（1）NH3?H2O受热易分解，挥发出NH3，Fe(OH)2受热易分解。（2分）
（2）(NH4)2SO4（2分）
（3）解：由题意知，C2O42-消耗KMnO4溶液体积为（30.40-10.00）=20.4mL，
5C2O42-+2MnO4-+16H+=10CO2↑+2Mn2++8H2O
5? 2
n?20.4×10-3×0.2000mol
解得? n=0.0102mol? (4分)
（4）生成的Mn2+作催化剂，随着Mn2+浓度增加，反应速率越来越快。（2分）

本题解析：（1）温度不宜过高的原因除了控制沉淀的粒径外，还有NH3?H2O受热易分解，挥发出NH3，Fe(OH)2受热易分解
（2）沉淀步骤中加入一水合氨，生成氢氧化亚铁沉淀的同时还有硫酸铵生成，所以副产品是(NH4)2SO4
（3）由题意知氧化C2O42-和Fe2+共消耗0.2000 mol·L-1标准KMnO4溶液体积30.40 mL，步骤3、4标准KMnO4溶液只氧化Fe2+消耗KMnO4溶液体积10.00mL，所以C2O42-消耗KMnO4溶液体积为（30.40-10.00）=20.4mL，由5C2O42-+2MnO4-+16H+=10CO2↑+2Mn2++8H2O得5C2O42-～2MnO4-，所以C2O42-的物质的量为20.4×10-3×0.2000×5/2=0.0102mol；
（4）从图像上观察，随着反应对进行，曲线的斜率越来越大，说明单位时间内Mn2+的浓度越来越大，所以反应速率越来越快，反应中若温度不变，只能是生成的Mn2+作催化剂，随着Mn2+浓度增加，反应速率越来越快。

本题难度：一般

5、选择题  某溶液中含有Cl-、SO42-、Fe3+、K+、M，且离子物质的量之比为2：3：1：3：2，则微粒M可能为
A.Na+
B.Ag+
C.Ba2+
D.Mg2+

参考答案：A

本题解析：分析：某溶液中含有Cl-、SO42-、Fe3+、K+、M，，溶液不显电性，利用电荷守恒及离子的共存来计算解答．
解答：溶液中含有Cl-、SO42-、Fe3+、K+、M，且离子物质的量之比为2：3：1：3：2，
设M的电荷为x，
由电荷守恒可知，
2×1+3×2=1×3+3×1+x×2，
解得x=+1，
则C、D选项排除，又Ag+与Cl-、SO42-不能共存，
则M可能为Na+，
故选A．
点评：题考查物质的量的有关计算，明确电荷守恒、离子的共存是解答本题的关键，选项B为易错点，题目难度不大．

本题难度：简单