1、选择题  在一密闭容器中加入A、B、C三种气体，保持一定温度，在t1～t4时刻测得各物质的浓度如下表．据此判断下列结论正确的是? (　?　)

参考答案：D

本题解析：A、在t3时刻达到化学平衡状态，反应并没有停止，化学平衡是动态平衡，A错误；由表格可知A的转化浓度为4mol/L,B的转化浓度为2mol/L，转化浓度除以起始浓度得转化率，A大于B，故B错误；A、B、C三者的转化浓度之比为4mol/L：2mol/L：2mol/L，即2:1:1为化学方程式中的系数比，故C错误；根据浓度变化量除以时间可得D正确；故选D。

本题难度：一般

2、填空题  （12分）钴及其化合物广泛应用于磁性材料、电池材料及超硬材料等领域。
（1）CoxNi(1-x)Fe2O4（其中Co、Ni均为+2）可用作H2O2分解的催化剂，具有较高的活性。
①该催化剂中铁元素的化合价为     。
②图1表示两种不同方法制得的催化剂CoxNi(1-x)Fe2O4在10℃时催化分解6%的H2O2溶液的相对初始速率随x变化曲线。由图中信息可知：     法制取得到的催化剂活性更高；Co2+、Ni2+两种离子中催化效果更好的是     。
（2）草酸钴是制备钴的氧化物的重要原料。下图2为二水合草酸钴（CoC2O4·2H2O）在空气中受热的质量变化曲线，曲线中300℃及以上所得固体均为钴氧化物。
①通过计算确定C点剩余固体的化学成分为     （填化学式）。试写出B点对应的物质与O2在225℃~300℃发生反应的化学方程式：     。

②取一定质量的二水合草酸钴分解后的钴氧化物（其中Co的化合价为+2、+3），用480 mL 5 mol/L盐酸恰好完全溶解固体，得到CoCl2溶液和4.48 L（标准状况）黄绿色气体。试确定该钴氧化物中Co、O的物质的量之比。

参考答案：（1）①+3  ②微波水热   Co2+
（2）① Co3O4（写成CoO·Co2O3亦给分）    3CoC2O4 + 2O2 = Co3O4 +6CO2
②由电子守恒：n(Co3+) =" 2" n(Cl2) =" 0.4" mol（1分）
由电荷守恒：n(Co)总=n(Co2+)溶液=" 0.5" n(Cl－) =" 0.5×(" 2.4mol－0.2mol×2)=" 1" mol
所以固体中的n(Co2+)= 1mol－0.4mol=" 0.6" mol（1分）
n(O)=(0.4mol×3+0.6mol×2)÷2=1.2mol（1分）
故n(Co):n(O)=1mol:1.2mol=5:6（1分）
(除第（1）②小题每空1分，第（2）②小题4分外，其余每空2分，共12分)

本题解析：（1）①该催化剂中Co、Ni均为+2价，O为-2价，所以Fe元素的化合价是[8-（2x+2-2x）]/2=+3；
②反应速率越快，则催化剂的催化活性越高，根据图像可知，x相同时微波水热法初始反应速率大于常规水热法，所以微波水热法制取得到的催化剂活性更高；随x增大，初始速率增大，而x增大，Co2+的比例增大，所以Co2+的催化效果更好；
（2）①由题意知，二水合草酸钴（CoC2O4·2H2O）的起始质量是18.3g，物质的量是0.1mol，其中Co元素的质量是5.9g，300℃时该固体分解为Co的氧化物，C点固体质量是8.03g，则O元素的质量是8.03g-5.9g=2.13g，物质的量是2.13g/16g/mol=0.133125mol，则该固体中Co与O原子的物质的量之比是0.1:0.133125=3:4，所以C点对应固体的化学式是Co3O4；B点对应的物质的质量是14.70g，与 起始的固体质量相比减少18.3-14.7=3.6g，恰好为结晶水的质量，所以B点对应的物质是草酸钴，与O2在225℃~300℃发生反应生成Co3O4和二氧化碳，所以反应的化学方程式是3CoC2O4 + 2O2 = Co3O4 +6CO2；
②设该钴的氧化物中+3价Co的原子个数是x，与盐酸反应得到的黄绿色气体为氯气，物质的量是4.48L/22.4L/mol=0.2mol，则反应中失去电子的物质的量是0.4mol，Co最终都变为+2价，则+3价Co得到电子的物质的量是x=0.4，480 mL 5 mol/L盐酸中氯离子的物质的量是0.48L×5mol/L=2.4mol，被氧化的氯离子的物质的量是0.4mol，所以溶液中还余氯离子的物质的量是2.4-0.4=2.0mol，根据Cl元素守恒，所以CoCl2的物质的量是1.0mol，则钴的氧化物中+2价钴的物质的量是1.0-0.4=0.6mol，根据正负化合价的代数和为0，则钴的氧化物中O元素的物质的量是(0.4mol×3+0.6mol×2)/2=1.2mol，所以该钴氧化物中Co、O的物质的量之比为1.0:1.2=5:6.
考点：考查元素化合价的判断，物质化学式的计算，得失电子守恒规律的应用

本题难度：困难

3、选择题  已知反应：2SO2(g)+ O2(g) 2SO3(g)△H<0．某温度下，将2mol SO2和1mol O2置
于10L密闭容器中，反应达平衡后，SO2的平衡转化率(α)与体系总压强(p)的关系如图甲所
示。则下列说法正确的是

A．由图甲推断，B点SO2的平衡浓度为0.3mol·L-1
B．由图甲推断，A点对应温度下的平衡常数为80
C．达平衡后，缩小容器容积，则反应速率变化图像可以用图乙表示
D．压强为0.50 MPa时不同温度下SO2转化率与温度关系如丙图，则T2>Tl

参考答案：C

本题解析：A、B点SO2的平衡浓度为2×（1－0.85）÷10="0.03" mol·L-1，错误；
B、? 2SO2(g)+ O2(g) ?2SO3(g)
始量? 2? 1
转化量? 1.6? 0.8? 1.6
平衡量? 0.4? 0.2?1.6
平衡常数k=0.162/0.042×0.02=800，错误。
C、达平衡后，缩小容器容积，增大压强平衡正向移动，正反应速率大于逆反应速率且均比原来大，正确；D、Tl反应速率快，温度高，错误。

本题难度：一般

4、简答题  把0.6mol?X气体和0.6mol?Y气体混合于2L密闭容器中，使它们发生如下反应：2X（g）+Y（g）=nM（g）+2W（g）．2min?末，若测知以W?的浓度变化表示的反应速率为0.05mol?L-1?min-1，容器内气体的总物质的量与反应前容器内气体的总物质的量之比为5：4，计算：
（1）前2min内用Y的浓度变化表示的平均反应速率．
（2）2min末时X的浓度．
（3）化学反应方程式中n的值是多少？

参考答案：（1）速率之比等于化学计量数之比，V（Y）=12v（W）=12×0.05mol?L-1?min-1=0.025mol?L-1?min-1．
故答案为：0.025mol?L-1?min-1．
（2）速率之比等于化学计量数之比，V（X）=v（W）=0.05mol?L-1?min-1，
2mim内X的浓度变化为△c（X）=V（X）?△t=0.05mol?L-1?min-1×2min=0.1mol?L-1，
2min末时X的浓度c（X）=0.6mil2L-0.1mol?L-1=0.2mol?L-1．
故答案为：0.2mol?L-1．
（3）压强之比等于物质的量之比，2min末时容器内气体的总物质的量为（0.6mol+0.6mol）×54=1.5mol，
2min末时容器内X的物质的量为2L×0.2mol?L-1=0.4mol，
? 2X（g）+Y（g）=nM（g）+2W（g）? 物质的量增加
? 2mol?（2+n）-3=n-1
?（0.6-0.4）mol?（1.5-1.2）mol
即：2mol(0.6-0.4)mol=n-1(1.5-1.2)mol，解得：n=4，
故答案为：n=4．

本题解析：

本题难度：一般

5、填空题  某温度时，在3L密闭容器中，X、Y、Z三种物质的物质的量随时间变化的曲线如图所示。由图中数据分析：

（1）该反应的化学方程式：?；
（2）反应开始至2min末，X的反应速率为?；
（3）该反应是由?开始反应的。（?正反应?逆反应?正逆反应同时。）

参考答案：（1）2Z+Y3X?（2）0.067mol/(L·min)?（3）③

本题解析：（1）由图可知，X的物质的量增加为生成物，Y、Z的物质的量减少为反应物，反应最后反应物的物质的量为定值不为0，是可逆反应。Y、Z、X的物质的量变化量之比为（1.2－1.0）mol：（2.0－1.6）mol：（1.0－0.4）mol＝1：2：3，物质的量变化量之比等于化学计量数之比，所以反应方程式为Y+2Z3X。
（2）反应速率通常用单位时间内浓度的变化量来表示，则2min内，X的反应速率为v（X）＝＝0.067mol/(L·min)。
（3））由图可知，反应开始反应混合物Y、Z、X物质的量分别为1.2mol、2.0mol、0.4mol，所以反应从正逆反应同时开始，因此答案选③。
点评：该题是基础性试题的考查，难度不大。本题以图象为载体考查化学反应速率、化学平衡的建立、读图提取信息能力，结合图像中的信息运用知识解决问题，有利于培养学生的发散思维能力和规范答题能力。

本题难度：一般