1、填空题  在“测定金属导体的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5Ω．实验室备有下列实验器材：
A．电压表V1（量程0～3V，内阻约为15kΩ）
B．电压表V2（量程0～15V，内阻约为75kΩ）
C．电流表A1（量程0～3A，内阻约为0.2Ω）
D．电流表A2（量程0～0.6A，内阻约为11Ω）
E．变阻器R1（0～100Ω，0.6A）
F．变阻器R2（0～2000Ω，0.1A）
G．电池组E（电动势为3V，内阻约为0.3Ω）
H．开关S，导线若干
（1）为提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有______．
（2）若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为______mm，电阻值为______Ω．

参考答案：（1）电流表与电压表的选择要尽量让仪表的读数在13～23之间．电源的电压是3V，就要选择3V的电压表：A，不能选择15V的电压表；此时流过电流表的电流
I=UR≈35A=0.6A，所以要选择0.6A的电流表：D，不能选择3A的电流表；该实验中，变阻器R 2达2000Ω，阻值太大，使用效率低，而且额定电流太小，不能使用，故变阻器选择E；
其他还需要选择电池组、开关盒导线．故答案应选择：ADEGH
（2）①螺旋测微器的读数为：主尺+半毫米+转筒=0mm+0.5mm+13.5×0.01mm=0.635mm；
②0.6A量程，每小格代表0.02A，读数为；25×0.02=0.50A；3V量程，每小格代表0.1V，读数为12×0.1=1.2V；电阻为：R=UI=1.20.50Ω=6.0Ω
故答案为：（1）ADEGH；（2）0.635，6.0

本题解析：

本题难度：一般

2、简答题  两位同学在实验室中利用如图（a）所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内电阻r，调节滑动变阻器的滑动触头P向某一方向移动时，一个同学记录的是电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据．并根据数据描绘了如图（b）所示的两条U-I图线．回答下列问题：

（1）根据甲、乙两同学描绘的图线，可知______
A．甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据
B．甲同学是根据电压表V2和电流表A的数据
C．乙同学是根据电压表V1和电流表A的数据
D．乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据
（2）图象中两直线的交点表示的物理意义是______
A．滑动变阻器的滑动触头P滑到了最右端
B．电源的输出功率最大
C．定值电阻R0上消耗的功率为0.5W
D．电源的效率达到最大值
（3）根据图（b），可以求出定值电阻R0=______Ω，电源电动势E=______V，内电阻r=______Ω．

参考答案：（1）从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大．
甲同学是根据电压表V1和电流表A的数据绘制图象的，故B错误，A正确；乙同学是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，故C错误，D正确．
故选AD．
图象中两直线的交点表示电压表V1的读数与电压表V2的读数相等，即滑动变阻器的阻值为0，
A、滑动变阻器的滑动触头P滑到了最左端，故A错误；
B、图象可以得出电阻R0的阻值大于电源的内阻，滑动变阻器的阻值减小，电源的输出功率增大，两直线的交点对应滑动变阻器的阻值为0，即电源的输出功率最大，故B正确；
C、定值电阻R0消耗功率为：P=U2I=1.0×0.5 W=0.5 W，故C正确；
D、电源的效率为：η=UIEI=UE，U越大，效率越大，故D错误．
故选BC．
（3）从图象可以得出定值电阻R0的阻值为：R0=U2I=2.0Ω；
从甲同学的图象可以得出图象在U轴上的截距为1.50 V，即电源的电动势为1.50 V，
图象斜率的绝对值为：k=△U1△I=1.0，即电源的内阻为r=1.0Ω．
故答案为：（1）AD　（2）BC　（3）2.0　1.50　1.0

本题解析：

本题难度：一般

3、选择题  带电粒子以初速v0垂直电场方向进入平行金属板形成的匀强电场中，它离开时偏离原方向h，偏角为?，下列说法正确的是　　（　　）
A．粒子在电场中作类似平抛的运动
B．偏角?与粒子的电量和质量有关
C．粒子飞过电场的时间，决定于极板长和粒子进入电场时的初速度
D．粒子偏移距离h，可用加在两极板上的电压控制

参考答案：设偏转电场长为L，宽为d，场强为E，进入偏转电场做类平抛运动，故A正确．
结合平抛运动规律解，
水平方向：L=v0t，即t=Lv0，故粒子飞过电场的时间，决定于极板长和粒子进入电场时的初速度，故C正确．
竖直方向初速度为零的匀加速直线运动，
得：h=12at2=12qEmL2v20，由于E=Ud，所以粒子偏移距离h，可用加在两极板上的电压控制电场强度来控制，故D正确．
带电粒子离开电场时位移的偏角?，
所以：tan?=hL=qEL2mv20，故粒子偏角?与粒子的电量和质量有关，故B正确．
由以上可知ABCD均正确．
故选：ABCD

本题解析：

本题难度：一般

4、填空题  一个初动能为E0的电子，垂直电场线飞入平行板电容器中，飞出电容器的动能为2E0，如果此电子的初速度减为原来的一半，则它飞出电容器的动能变为______．

参考答案：设粒子第一个过程中初速度为v，E0=12mv2，电场宽度L，
第一个过程中沿电场线方向的位移为：h=12a(Lv)2
第一个过程由动能定理：qEh=2K0-E0
即可得qEh=E0
第二个过程中：电子的初速度减为原来的一半，初动能变为原来的14，为14E0．
沿电场线方向的位移为：H=12a(L0.5v)2=4h
根据动能定理得：qEH=E末-14E0
解得：E末=4.25E0
故答案为：4.25E0

本题解析：

本题难度：一般

5、计算题  有一电子（电量为e）由静止经电压U0加速后进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间。若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场。求：
（1）金属板AB的长度L；
（2）电子穿出电场时的动能Ek。

参考答案：解：（1）电子先经加速电场加速后进入偏转电场做类平抛运动
?①
?②
L=v0t? ③
联立①②③式解出金属板AB的长度
（2）对电子运动的整个过程，根据动能定理可求出电子穿出电场时的动能
Ek=q(U0+U/2)

本题解析：

本题难度：困难