1、选择题  如图所示，电源电动势为E，内阻忽略不计，滑动变阻器的滑片P置于中点；两平行极板间有垂直纸面的匀强磁场，一带正电的粒子以速度v0正好水平向右匀速穿过两板（不计重力）．以下说法正确的是?（　　）
A．若粒子带负电，也可以沿图示方向以相同速度沿直线穿过此区域
B．将滑片P向上移动一点，该粒子穿出两板过程中电势能减小
C．将滑片P向上移动一点，该粒子穿出两板过程中动能减小
D．把R调为原来的一半，则能沿直线穿出的粒子速度为是

参考答案：由于带正电的粒子沿水平方向直线穿过此区域，故有qE=qv0B，此时电场力竖直向下，洛伦兹力竖直向上，当粒子带负电时电场力竖直向上，洛伦兹力竖直向下，由于速度保持不变，粒子仍能沿直线穿过此区域，故A正确；
将滑片P向上移动一点，则滑动变阻器的有效值减小，总电流增大，故R0两端的电压增大，所以滑动变阻器两端的电压减小，所以电容器两端的电压减小，则电容器两极板之间的电场强度减小，从而造成电场力减小，故洛伦兹力大于电场力，所以电荷向上偏转，电场力做负功，粒子的电势能增大，动能减小，故B错误C正确；
只要粒子沿直线穿过，则就必须满足qE=qv0B，即v0=EB，设原来滑动变阻器的总阻值为R，则电容器两端的电压U=R2R0+Rε，当滑动变阻器的阻值变为R2时，电容器两端的电压U′=εR0+R4×R4=εR4R0+R，显然此时的场强不等于原场强的一半，故能沿直线穿出的粒子速度也不是v02，故D错误．
故选C．

本题解析：

本题难度：简单

2、选择题  在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向 b端移动时，正确的说法是

A．伏特表 V和安培表A的读数都减小
B．伏特表V和安培表A的读数都增大
C．伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小
D．伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大

参考答案：C

本题解析：当滑动变阻器的滑动触片向 b端移动时，滑动变阻器的阻值增大，电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知电路的总电流减小，流过定值电阻R1的电流减小，其两端的电压U1减小，由知路端电压增大，即伏特表V的读数增大，AD错；由知并联电压U2增大，则通过定值电阻R2的电流I2增大，由知通过滑动变阻器的电流I3减小，即安培表A的读数减小，B错，C对。
故选C
点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析。

本题难度：简单

3、简答题  如图所示，图甲为热敏电阻?R-t?图象，图乙为用此热敏电阻?R?和继电器组成的一个简单恒温箱控制电路，继电器线圈的电阻为?150Ω．当线圈中的电流大于或等于?20mA时，继电器的衔铁被吸合．继电器线圈供电的电池电动势E=6V，内阻不计．图中的“电源”是恒温箱加热的电源．
（1）应该把恒温箱内的加热器接在?A、B?端还是?C、D?端？
（2）如果要使恒温箱内的温度保持?150℃，可变电阻?R′的值应调节为多少？

参考答案：（1）当温度较低的时候，热敏电阻的电阻较大，电路中的电流较小，
此时继电器的衔铁与AB部分连接，
此时是需要加热的，恒温箱内的加热器要工作，
所以该把恒温箱内的加热器接在A、B?端．
（2）当温度达到150℃时，加热电路就要断开，
此时的继电器的衔铁要被吸合，即控制电路的电流要到达20mA，
根据闭合电路欧姆定律可得，
I=ER+R′+R0，
即0.02=6150+30+R′，
解得 R′=120Ω
答：（1）应将加热器接在A、B端；
（2）可变电阻?R′的值应调节为120Ω．

本题解析：

本题难度：一般

4、选择题  右图是根据某次测定电池的电动势和内阻的实验记录的数据作出的U—I图像，关于这个图像的说法中正确的是(? )

A．纵轴截距表示待测电池的电动势，即E=1.5V
B．横轴截距表示短路电流，即I0=0.5A
C．根据，计算出待测电池内阻为3Ω
D．根据，计算出待测电池内阻为1Ω

参考答案：AD

本题解析：根据闭合电路欧姆定律有，由此可知，电源U—I图像中纵截距即电源电动势、斜率的绝对值为电源内阻，故可知，所以A、D正确、C错误；因图像中纵轴并不是从零开始，所以横轴截距并不等于短路电流，所以C错误；

本题难度：一般

5、选择题  如图所示，滑动变阻器的总电阻R=60Ω，A、B间的电压U=18V且保持不变，R0=60Ω，先将开关S断开，移动滑片P使电压表示数为9.0V，然后将开关S闭合，若忽略电表对电路的影响，则电表的示数为（　　）
A．电流表读数是0.30A
B．电流表读数是0.24A
C．电压表读数是7.2V
D．电压表读数是9.0V