参考答案：(1) B? (2) A? (3) B或C? (4) D

本题解析：略

本题难度：简单

2、实验题  纳米碳酸钙广泛应用于橡胶、塑料、造纸、化学建材、油墨、涂料、密封胶与胶粘剂等行业。在浓CaCl2溶液中通入NH3和CO2，可以制得纳米级碳酸钙。某校学生实验小组设计下图所示装置，制取该产品。D中装有蘸稀硫酸的脱脂棉，图中夹持装置已略去。
Ⅰ．可选用的药品有：
a．石灰石；b．饱和氯化钙溶液；c．6 mol/L盐酸；d．氯化铵；e．氢氧化钙

（1）A中制备气体时，所需药品是（选填字母序号）?；
（2）B中盛有饱和碳酸氢钠溶液，其作用是?；
（3）写出制取氨气的化学方程式?；
（4）在实验过程中，向C中通入气体是有先后顺序的，应先通入气体的化学式?；
（5）检验D出口处是否有氨气逸出的方法是?；
（6）写出制纳米级碳酸钙的化学方程式?。
（7）若实验过程中有氨气逸出，应选用下列?装置回收（填代号）。

Ⅱ．经分析在上述氯化铵样品中含有杂质碳酸氢钠。为了测定氯化铵的质量分数，该学生实验小组又设计了如下实验流程：

试回答：
（1）所加试剂A的化学式为?
（2）B操作方法是?
（3）样品中氯化铵的质量分数为?。

参考答案：Ⅰ．（1）ac（1分）（2）除去CO2中的HCl（1分）?
（3）2NH4Cl + Ca(OH)2CaCl2 + 2NH3↑+ 2H2O?（4）NH3（1分）
（5）将湿润的红色石蕊试纸放在D出口处，若试纸变蓝，则证明有氨气逸出；若试纸不变蓝，则证明没有氨气逸出。（或用蘸有浓盐酸的玻璃棒靠近D出口处，若有白烟，则证明有氨气逸出；若没有白烟，则证明没有氨气逸出。）（2分）
（6）CaCl2 + H2O + CO2 + 2NH3 ＝ CaCO3 + 2NH4Cl（2分）
（7）b（1分）
Ⅱ．（1）Ca(OH)2或Ba(OH)2或AgNO3和HNO3（1分）?
（2）过滤（1分）
（3）或或53.5W2/143.5W1×100%

本题解析：Ⅰ．（1）分析题意知，装置A为碳酸钙与盐酸反应制二氧化碳，所需药品是石灰石和6mol/L盐酸，答案为：ac；（2）饱和NaHCO3溶液可除去二氧化碳中的氯化氢；（3）实验室制取氨气采用氯化铵和氢氧化钙加热，生成氯化钙、氨气和水，方程式为：2NH4Cl + Ca(OH)2CaCl2 + 2NH3↑+ 2H2O；（4）氨气极易溶于水，先通入氨气利于二氧化碳的吸收，所以应先通入NH3；（5）氨气是碱性气体，能使红色石蕊试纸变蓝；氨气能和浓盐酸反应生成白烟，答案为：将湿润的红色石蕊试纸放在D出口处，若试纸变蓝，则证明有氨气逸出；若试纸不变蓝，则证明没有氨气逸出。（或用蘸有浓盐酸的玻璃棒靠近D出口处，若有白烟，则证明有氨气逸出；若没有白烟，则证明没有氨气逸出。）；（6）制纳米级碳酸钙的化学方程式为：CaCl2+CO2+2NH3+H2O=CaCO3+2NH4Cl；（7）氨气极易溶于水要防止倒吸，答案为：b；
Ⅱ．（1）根据题目信息可知：碳酸氢钠能与氢氧化钡或氢氧化钙反应生成碳酸钡或碳酸钙沉淀，根据沉淀的质量求出碳酸氢钠的质量，最后求出氯化铵的质量以及质量分数；氯化铵能与硝酸酸化的硝酸银反应生成氯化银沉淀，根据沉淀的质量求出氯化铵的质量，最后求出氯化铵的质量分数；所以A为Ca(OH)2或Ba(OH)2或AgNO3和HNO3；（2）操作B为不溶物和溶液分离操作，用过滤的方法；（3）若试剂为Ca（OH）2溶液，根据碳守恒得关系式：NaHCO3——CaCO3，计算得NaHCO3的质量为84W2/100g，则氯化铵的质量为（W1—84W2/100）g，氯化铵的质量分数为，若试剂为Ba(OH)2溶液，同理可计算氯化铵的质量分数为，若试剂为AgNO3和HNO3，由关系式NH4Cl——AgCl计算得氯化铵的质量分数为53.5W2/143.5W1×100%。

本题难度：一般

3、实验题  （16分）信息时代产生的大量电子垃圾对环境构成了极大的威胁。某“变废为宝”学生探究小组将一批废弃的线路板简单处理后，得到含70%Cu、25%Al、4%Fe及少量Au、Pt等金属的混合物，并设计出如下制备硫酸铜和硫酸铝晶体的路线：

请回答下列问题：
（1）第①步Cu与酸反应的离子方程式为_______________________________；得到滤渣1的主要成分为___________________。
（2）第②步加H2O2的作用是________________，使用H2O2的优点是?
?；调溶液pH的目的是使?生成沉淀。
（3）用第③步所得CuSO4·5H2O制备无水CuSO4的方法是?。
（4）由滤渣2制取Al2(SO4)3·18H2O ，探究小组设计了三种方案：

上述三种方案中，_______方案不可行，原因是_____________________________；从原子利用率角度考虑，________方案更合理。
（5）探究小组用滴定法测定CuSO4·5H2O （Mr＝250）含量。取a g试样配成100 mL溶液，每次取20.00 mL，消除干扰离子后，用cmol·L－1 EDTA（H2Y2－）标准溶液滴定至终点，平均消耗EDTA溶液bmL。滴定反应如下：Cu2+＋H2Y2－＝CuY2－＋2H+
写出计算CuSO4·5H2O质量分数的表达式w＝ ________________ ；下列操作会导致CuSO4·5H2O含量的测定结果偏高的是_____________。
a．未干燥锥形瓶?
b．滴定终点时滴定管尖嘴中产生气泡?
c．未除净可与EDTA反应的干扰离子

参考答案：（1）Cu+4H++2NO3-Cu2++2NO2↑+2H2O或3Cu+8H++2NO3-3Cu2++2NO↑+4H2O? Au? Pt
（2）将Fe2+氧化为Fe3+不引入杂质，对环境无污染? Fe3+?Al3+
（3）加热脱水
（4）甲?所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质?乙
（5）? c

本题解析：（1）稀硫酸和铜不反应，所以硝酸才能溶解铜，方程式为Cu+4H++2NO3-Cu2++2NO2↑+2H2O或3Cu+8H++2NO3-3Cu2++2NO↑+4H2O；由于浓硝酸也不能溶解金和Pt，所以滤渣1的主要成分为Au和Pt。
（2）由于滤液中I中含有亚铁离子，必须除去，而双氧水能氧化亚铁离子生成铁离子，然后沉淀生成氢氧化铁而除去；双氧水的还原产物是水，不引入杂质，对环境无污染；可知pH的目的是除去溶液中的铁离子和铝离子，以得到纯净的硫酸铜晶体。
（3）胆矾通过加热脱水即生成硫酸铜。
（4）由于滤渣Ⅱ中含有氢氧化铁，所以甲方案中会产生硫酸铁，即最终所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质，所以甲方案是不正确的；丙方案中有硫酸钠生成，所以原子利用率不如乙方案。
（5）根据方程式可知，20ml溶液中铜离子的物质的量是0.001bcmol，所以CuSO4·5H2O质量分数的表达式w＝；锥形瓶不需要干燥，a不影响；滴定终点时滴定管尖嘴中产生气泡，说明消耗的标准液体积偏小，则测定结果偏低；未除净可与EDTA反应的干扰离子，则消耗的标准液体积偏大，测定结果偏高，答案选c。

本题难度：一般

4、实验题  某课外活动小组用如图所示装置制取次氯酸钠。图中瓶乙盛饱和食盐水，瓶丙盛浓硫酸，分液漏斗A中盛浓盐酸。

完成下列问题：
(1)烧瓶B中盛____________，大试管C中盛____________。
(2)C中发生反应的化学方程式________________________________________________?。
(3)有同学认为可以省去某些装置，你认为怎样？
①能否省去乙装置_________(答“能”或“不能”)，理由是_____________________________。

参考答案：②能否省去丙装置__________(答“能”或“不能”)，理由是___________________________。(1)MnO2? NaOH溶液
(2)2NaOH+Cl2====NaCl+NaClO+H2O
(3)①不能? HCl气体进入C中，消耗NaOH，影响尾气的吸收?②能?少量水蒸气进入C中，不影响反应

本题解析：根据氯气的实验装置知，分液漏斗A中盛放的为浓盐酸，烧瓶B中的固体为MnO2，乙装置中盛放饱和NaCl溶液用于吸收挥发出来的盐酸，丙装置中盛放浓硫酸用于干燥氯气，丁装置为尾气吸收装置。

本题难度：简单

5、选择题  用下图实验装置（可添加加热或尾气处理装置）进行以下实验，无法达到目的的是

A．实验室制取并收集少量NO2
B．实验室制取并收集少量NH3
C．验证非金属性：C＞Si
D．验证氧化性：Cl2＞I2

参考答案：B

本题解析：A、用Cu和浓硝酸反应制取NO2，向上排空气收集可得NO2，正确；B、NH3的密度小于空气，集气瓶中进气的导管要短，排出气体的导管应该长，错误；C、用CaCO3与稀盐酸反应制取CO2，然后把CO2通入Na2SiO3溶液，可验证C、Si元素的非金属，正确；D、用KMnO4和浓盐酸制取Cl2，然后把Cl2通入KI溶液，可验证Cl2和I2的氧化性，正确。

本题难度：一般