参考答案：B

本题解析：A．电解水制氢气时，加入少量的Na2SO4可以增强溶液的导电性，而反应原理不变，不是起催化剂的作用，错误；B．利用H2O2水溶液制氧气时，加入少量的MnO2固体，可以加快化学反应速率，而MnO2固体的质量和化学性质不变，因此是起催化剂的作用，正确；C．实验室用浓盐酸制氯气时，需加入MnO2固体，MnO2将HCl氧化为Cl2，所以MnO2的作用是氧化剂，错误；D．纯锌与硫酸反应制氢气时，滴入少量硫酸铜，硫酸铜与Zn发生置换反应，产生的Cu与Zn及硫酸构成原电池，Cu作正极，因此可以加快化学反应速率，不是催化剂，错误。
考点：考查物质在化学反应中的作用的知识。

本题难度：一般

3、选择题  已知：2M（g）?N（g）；△H＜0．现将M和N的混和气体通入体积为1L的恒温密闭容器中，反应体系中物质浓度随时间变化关系如图所示．下列说法正确的是（　　）

A．a、b、c、d四个点中处于平衡状态的点是a、b
B．反应进行至25min时，曲线发生变化的原因是加入了0.4molN
C．若40min后出现如图所示变化，则可能是加入了某种催化剂
D．若调节温度使35min时体系内N的百分含量与15min时相等，应升高温度

参考答案：由图象可知，10min达平衡时，标有b、d点的曲线物质的物质的量浓度变化为0.6mol/L-0.2mol/L=0.4mol/L，标有a、c点的曲线物质的物质的量浓度变化为0.6mol/L-0.2mol/L=0.4mol/L，由2M（g）?N（g）可推知标有b、d点的曲线为物质M的变化曲线，另一条线为物质N的变化曲线．反应从逆方向开始，N的起始浓度为0.6mol/L，M的起始浓度为0.2mol/L．?
A、a、b、c、d四个点中只有b、d所在曲线浓度保持不变，处于平衡状态，故A错误；
B、由图象可知，25min时，瞬间M的浓度由0.6mol/L增大为1mol/L，N的浓度不变，所以加入M的物质的量为（1mol/L-
0.4mol/L）×1L=0.4mol，故B错误；
C、40 min后，M、N的浓度均发生变化增大，不可能是加入催化剂，平衡不移动，不可能是增大压强，应为同时加入M、N，改变M、N的浓度，故C错误；
D、0.50.5+0.7=42%，15min时N的百分含量为0.40.4+0.6=40%，35min时N的百分含量比15min时高，要使两处N的百分含量相等，则平衡向生成M的方向移动，即向吸热方向移动，应该升高温度，故D正确．
故选：D．

本题解析：

本题难度：一般

4、选择题  下列有关化学反应原理的说法不正确的是
A．强酸和强碱的中和反应的活化能接近于零，所以反应速率很高
B．过程的自发性既能用于判断过程的方向，也能用于判断过程发生的速率
C．电解质溶液导电的过程中，一定发生了电解质溶液的电解
D．溶解度较小的BaSO4在一定条件下也可以转化为溶解度略大的BaCO3