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1、填空题 (16分). 在某澄清、透明的黄色溶液中,可能含有NH4+、Fe3+、Ba2+、Al3+、SO42-、HCO3-、I-?Cl-离子。进行下述实验(所加试剂均过量)。

(1) 沉淀 A的化学式是?,气体A的化学式是?;
(2)待测液中一定存在?;一定不存在? _______?用离子方程式表示上述离子一定不存在的原因?。
(3)写出溶液C与过量氨水反应的离子方程式?。
(4)若气体A、沉淀A、沉淀D的物质的量各为1mol,则SO42-的物质的量为:? mol
参考答案:(1)Fe(OH)3? (1分)? NH3(1分)(2)
(2分)

本题解析:溶液显黄色,所以一定含有铁离子。铁离子具有氧化性,能氧化碘离子生成单质碘。同时也能和HCO3-相互水解生成氢氧化铁和CO2,所以就一定不能含有HCO3-、I-。加入过量的氢氧化钠生成沉淀,所以该沉淀一定是氢氧化铁。气体应该是氨气,因此一定含有NH4+。溶液A能和盐酸酸化的氯化钡反应生成白色沉淀,所以该沉淀是硫酸钡,因此一定含有SO42-,则就一定没有Ba2+。溶液B中含有氯离子,生成沉淀C是氯化银,但由于前面用盐酸酸化,所以不能确定是否含有氯离子。溶液C能和过量的氨水反应生成沉淀,所以该沉淀只能是氢氧化铝,即原溶液中还含有Al3+。若气体A、沉淀A、沉淀D的物质的量各为1mol,则溶液中阳离子的电荷数是7mol,由于不能排除氯离子,所以SO42-的物质的量应该是小于等于3.5mol。
本题难度:一般
2、简答题

上述转化关系中除②③⑤外,其余均在溶液中进行,且部分反应物、生成物均被略去.已知X、Y为非金属单质,X为黄色粉末,Z为常见金属,F、G、Y为气体,D是一种酸,H为蓝色絮状沉淀,I为深蓝色晶体.工业上常利用反应②炼制Z,利用反应③④制备A,一定量C经反应②③完全得到E时,质量不变.A、D、I溶液滴加BaCl2溶液均产生白色沉淀,B的焰色反应呈黄色.试填空:
(1)写出C、I的化学式______、______;
(2)用电子式表示G的形成过程______;
(3)用惰性电极电解A溶液的离子方程式为______;反应⑥的离子方程式为______;
(4)F气体具有漂白性,其漂白原理为______.
参考答案:已知X、Y为非金属单质,X为黄色粉末证明为S,F、G、Y为气体,D是一种酸,H为蓝色絮状沉淀判断为Cu(OH)2,I为深蓝色晶体.A、D、I溶液滴加BaCl2溶液均产生白色沉淀,D为酸和硫代硫酸钠反应,判断D为H2SO4,B的焰色反应呈黄色说明含有钠元素,结合D为酸,B+D=X+F,X+Y=F,反应中X为S单质,推断B为Na2S2O3,F为SO2,Y为O2,Z为常见金属,推断为Cu,C+O2→Cu,Cu+O2=E,判断E为CuO;A为CuSO4,F、G、Y为气体,G为NH3,I为深蓝色晶体是氢氧化铜溶于氨水生成的络合物,在乙醇中结晶析出I为:[Cu(NH3)4]SO4?H2O;工业上常利用反应②炼制Z,利用反应③④制备A,一定量C经反应②③完全得到E时,质量不变.推断出Z+Y=E反应为:2Cu+O2=2CuO;C中含有铜元素,质量相同即Cu2S和2CuO摩尔质量相同,推断出C为Cu2S,
(1)依据推断可知C的化学式为:Cu2S;?I晶体的化学式为:[Cu(NH3)4]SO4?H2O;
故答案为:Cu2S;[Cu(NH3)4]SO4?H2O;
(2)G为NH3,用电子式表示的形成过程

;
故答案为:

;?
(3)用惰性电极电解A为CuSO4溶液,阳极氢氧根离子放电生成氧气,阴极铜离子得到电子生成铜,反应的离子方程式为:2Cu2++2H2O?通电?.?2?Cu+O2↑+4H+;反应⑥是硫酸和硫代硫酸钠反应生成硫单质,二氧化硫和水,反应的离子方程式为:S2O32-+2H+═S↓+SO2↑+H2O;
故答案为:2Cu2++2H2O?通电?.?2 Cu+O2↑+4H+;S2O32-+2H+═S↓+SO2↑+H2O;
(4)F气体是SO2具有漂白性,其漂白原理为:SO2可与有机色素分子化合生成无色不稳定物质;
故答案为:SO2可与有机色素分子化合生成无色不稳定物质
本题解析:
本题难度:一般
3、填空题 (13分) 如图所示,各物质间有下列转化关系:

A、F分别为淡黄色固体,A与B的浓溶液反应可以生成C、D、E三种物质,D为无色液体,K为红色金属单质,能在加热条件下与C的浓溶液反应,生成气体Q。I和H为气态双原子分子。反应过程中部分条件和产物均略去。
(1)?I的电子式:____________________。
(2)?反应A + B的化学方程式:_________________________________________________。
(3)?将Q和E按2∶1同时通入品红溶液中,若产物之一含I,则现象可能为___________,原理是(用化学方程式表示)______________________________________________。
(4)?若标准状况下将11.2 L Q通入到500 mL 1.5 mol /L 的G溶液中,请将最终溶液的溶质成分及物质的量填入下表(可不填满)。?
溶质(化学式)
| 物质的量
|
?
| ?
|
?
| ?
|
?
| ?
参考答案:(13分) (1) (2分) (2) S + 6HNO3(浓) H2SO4 + 6NO2↑+ 3H2O(3分) (3) 无明显现象(1分)? 2NO2 + 4SO2 + 4H2O = N2 + 4H2SO4(3分) (4) (4分,每空1分) 溶质(化学式) 物质的量 Na2SO3 0.25 mol NaHCO3 0.25 mol
本题解析:略
本题难度:简单
4、选择题 A、B、C、X均为中学常见的物质,它们之间有如下转化关系(其它产物已略去):
 则下列说法不正确的是 A.若A是NH3,则C可能是氧化物 B.若A是非金属单质,则C与水反应的生成物一定是强酸 C.若X是金属单质,则B、C中X的化合价可能是B>C D.若X是强碱,则B可能是两性物质
参考答案:B
本题解析:A:A 为NH3,X为O2,B为NO,C为NO2; B: A 为碳单质,X为O2,B为CO,C为CO2,与水反应生成弱酸碳酸; C:A 为Cl2,X为Fe,B为FeCl3,C为FeCl2; D:A 为Al3+,,B为Al(OH)3,C为AlO2-;
本题难度:简单
5、推断题 汽车安全气囊是行车安全的重要保障。当车辆发生碰撞的瞬间,安全装置通电点火使其中的固体粉末分解释放出大量的氮气形成气囊,从而保护司机及乘客免受伤害。为研究安全气囊工作的化学原理,取安全装置中的固体粉末进行实验。经组成分析,确定该粉末仅含Na、Fe、N、O四种元素。水溶性试验表明,固体粉末部分溶解。经检测,可溶物为化合物甲;不溶物为红棕色固体,可溶于盐酸。 取13.0 g化合物甲,加热使其完全分解,生成氮气和单质乙,生成的氮气折合成标准状况下的体积为6.72 L。单质乙在高温隔绝空气的条件下与不溶物红棕色粉末反应生成化合物丙和另一种单质。化合物丙与空气接触可转化为可溶性盐。? ?请回答下列问题: (1)甲的化学式为____,丙的电子式为____。? (2)若丙在空气中转化为碳酸氢盐,则反应的化学方程式为____。? (3)单质乙与红棕色粉末发生反应的化学方程式为____?,安全气囊中红棕色粉末的作用是____。? (4)以下物质中,有可能作为安全气囊中红棕色粉末替代品的是____。? ?A.KCl?B.KNO3?C.Na2S?D.CuO? (5)设计一个实验方案,探究化合物丙与空气接触后生成可溶性盐的成分(不考虑结晶水合物)___________________。
参考答案:(1)NaN3; (2)Na2O+2CO2+H2O=2NaHCO3 (3) ;避免分解产生的金属钠可能产生的危害 (4)BD (5)可溶性盐的成分可能足Na2CO3或NaHCO3或Na2CO3与NaHCO3的混合物。准确称取一定量的生成物,加热至恒重后,如试样无失重,则为Na2CO3;如加热后失重,根据失重的量在试样总质量中的比例,即可推断出试样为NaHCO3或Na2CO3与NaHCO3的混合物。
本题解析:
本题难度:一般
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