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sp; , .
因而 ,应选(D).
(2)【答案】(D)
【解析】在点连续不能保证在点存在偏导数
.反之,在点存在这两个偏导数也不能保证在点连续,因此应选(D).
二元函数在点处两个偏导数存在和在点处连续并没有相关性.
(3)【答案】(C)
【解析】考查取绝对值后的级数.因
,
(第一个不等式是由得到的.)
又收敛,收敛,(此为级数:当时收敛;当时发散.)
所以收敛,由比较判别法,得收敛.
故原级数绝对收敛,因此选(C).
(4)【答案】(D)
【解析】因为 ,
故 ,
,
因此,原式左边原式右边,.
当时,极限为0;
当时,极限为,均与题设矛盾,应选(D).
【相关知识点】1.无穷小的比较:
设在同一个极限过程中,为无穷小且存在极限
(1) 若称在该极限过程中为同阶无穷小;
(2) 若称在该极限过程中为等价无穷小,记为;
(3) 若称在该极限过程中是的高阶无穷小,记为
.
若不存在(不为),称不可比较.
2. 无穷小量的性质:当时,为无穷小,则
.
(5)【答案】(C)
【解析】这一类题目应当用观察法.若不易用观察法时可转为计算行列式.
(A):由于,所以(A)线性相关.
(B):由于,所以(B)线性相关.
对于(C),实验几组数据不能得到0时,应立即计算由的系数构成的行列式,即
,
由行列式不为0,知道(C)线性无关.故应选(C).
当然,在处理(C)有困难时,也可来看(D),由
,
知(D)线性相关,于是用排除法可确定选(C).
【相关知识点】线性相关的充分必要条件是存在某可以由
线性表出.
线性无关的充分必要条件是任意一个均不能由
线性表出.
三、(本题共3小题, 每小题5分,满分15分.)
(1)【解析】
同理 ,
代入参数值 ,
则 , .
【相关知识点】1.复合函数求导法则:如果在点可导,而在点可导,则复合函数在点可导,且其导数为
或 .
2.对积分上限的函数的求导公式:若,,均一阶可导,则
.
(2)【解析】.
先求的展开式.将微分后,可得简单的展开式,再积分即得原函数的幂级数展开.所以由
该级数在端点处的收敛性,视而定.特别地,当时,有
得
,
积分,由牛顿-莱布尼茨公式得
.
(3)【解析】方法1:利用三角函数的二倍角公式,并利用换元积分,结合拆项法求积分,得
( )
,
其中为任意常数.
方法2:换元后,有
原式.
用待定系数法将被积函数分解:
,
.
于是,
.
四、(本题满分6分)
【解析】求第二类曲面积分的基本方法:套公式将第二类曲面积分化为第一类曲面积分,再化为二重积分,或用高斯公式转化为求相应的三重积分或简单的曲面积分.
这里曲面块的个数不多,积分项也不多,某些积分取零值,如若垂直平面,则
.化为二重积分时要选择投影平面,注意利用对称性与奇偶性.
先把积分化简后利用高斯公式也很方便的.
方法1:注意 ,(因为关于平面对称,被积函数关于轴对称)
所以 .
由上下底圆及圆柱面组成.分别记为. 与平面垂直
.
在上将代入被积表达式.
在平面上投影区域为,在上,,关于平面对称,被积函数对为奇函数,可以推出
.
方法2:是封闭曲面,它围成的区域记为,记 .
再用高斯公式得
(先一后二的求三重积分方法)
其中是圆域:.
【相关知识点】高斯公式:设空间闭区域是由分片光滑的闭曲面所围成,函数
、、在上具有一阶连续偏导数,则有
或
这里是的整个边界曲面的外侧,、、是在点处的法向量的方向余弦.上述两个公式叫做高斯公式.
五、(本题满分9分)
【解析】由全微分方程的条件,有
,
即 ,亦即 .
因而是初值问题 的解,此方程为常系数二阶线性非齐次方程,对应的齐次方程的特征方程为的根为,原方程右端中的,不同于两个特征根,所以方程有特解形如 .
代入方程可求得 ,则特解为.
由题给,解得 .
的解析式代入原方程,则有
.
先用凑微分法求左端微分式的原函数:
,
. 其通解为 其中为任意常数.
【相关知识点】1.二阶线性非齐次方程解的结构:设是二阶线性非齐次方程
的一个特解.是与之对应的齐次方程
的通解,则是非齐次方程的通解.
2. 二阶常系数线性齐次方程通解的求解方法:对于求解二阶常系数线性齐次方程的通解,可用特征方程法求解:即中的、均是常数,方程变为.其特征方程写为,在复数域内解出两个特征根;
分三种情况:
(1) 两个不相等的实数根,则通解为
(2) 两个相等的实数根,则通解为
(3) 一对共轭复根,则通解为其中为常数.
3.对于求解二阶线性非齐次方程的一个特解,可用待定系数法,有结论如下:
如果则二阶常系数线性非齐次方程具有形如
的特解,其中是与相同次数的多项式,而按不是特征方程的根、是特征方程的单根或是特征方程的重根依次取0、1或2.
如果,则二阶常系数非齐次线性微分方程的特解可设为
,
其中与是次多项式,,而按(或)不是特征方程的根、或是特征方程的单根依次取为或.
六、(本题满分8分)
【解析】表明时是比高阶的无穷小,若能进一步确定是的阶或高于阶的无穷小,从而也是的阶或高于阶的无穷小,这就证明了级数绝对收敛.
方法一:由及的连续性得知,再由在点的某一领域内具有二阶连续导数以及洛必达法则,为“”型的极限未定式,又分子分母在点处导数都存在,连续运用两次洛必达法则,有
.
由函数极限与数列极限的关系 .
因收敛收敛,即 绝对收敛.
方法二:由得知,可用泰勒公式来实现估计.在点有泰勒公式:
因在点的某一领域内具有二阶连续导数,
在有界,即,有
.
对此,时,.
又收敛收敛,即 绝对收敛.
【相关知识点】正项级数的比较判别法:
设和都是正项级数,且则
⑴ 当时,和同时收敛或同时发散;
⑵ 当时,若收敛,则收敛;若发散,则发散;
⑶ 当时,若收敛,则收敛;若发散,则发散.
七、(本题满分6分)
【解析】方法1:用定积分.
设高度为处的截面的面积为,则所求体积.
所在的直线的方向向量为,且过点,
所以所在的直线方程为 或 .
截面是个圆形,其半径的平方 ,则面积
,
由此 .
方法2:用三重积分.
,
或者
.
八、(本题满分8分)
【解析】(1)由已知,的系数矩阵,.
由于所以解空间的维数是2.
取为自由变量,分别令,求出的解.
故的基础解系可取为 .
(2)方程组和 有非零公共解.
将的通解 代入方程组,则有
.
那么当时,向量是与的非零公共解.
九、(本题满分6分)
【解析】证法一:由于 ,根据的定义有
,其中是行列式中的代数余子式.
由于,不妨设,那么
,
故 .
证法二:(反证法)若,则.
设的行向量为,则 .
于是 .
进而有,这与是非零矩阵相矛盾.故.
十、填空题(本题共2小题, 每小题3分,满分6分.)
(1)【解析】利用随机事件的概率运算性质进行化简.由概率的基本公式(广义加法公式),有
.
因题目已知 ,故有
,.
(2)【解析】由于、相互独立且同分布,只能取0、1两个数值,易见随机变量
只取0与1两个可能的值,且
,
.
所以随机变量的分布律为:
十一、(本题满分6分)
【解析】此题的第一小问是求数学期望和方差,是个常规问题;(2)求相关系数,关键是计算与的协方差;(3)考查相关系数为零与相互独立是否等价.
(1) 由,,知
.
由数学期望和方差的性质:
,
,
其中为常数.
得
(2) 因为
所以 .
(3) 由于服从二维正态分布,则其线性组合构成的随机变量也服从二维正态分布,而,,故和都是其线性组合,则服从二维正态分布,根据
,所以与是相互独立的.
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