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高中物理知识点大全《导体的伏安特性曲线》试题巩固（2017年最新版）(八)
2017-11-10 07:35:18
来源:91考试网
作者:www.91exam.org 【 大 中 小】
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1、填空题 某学习小组要描绘一只小电珠（2.5V，0.5A）的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：
A．电源E（电动势为3.0V，内阻不计）
B．电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约为2kΩ）
C．电压表V2（量程为0～15.0V，内阻约为6KΩ）
D．电流表A1（量程为0～0.6A，内阻约为1Ω）
E．电流表A2（量程为0～100mA，内阻约为2Ω）
F．滑动变阻器R1?（最大阻值10Ω）
G．滑动变阻器R2（最大阻值2kΩ）
①为了减小实验误差，实验中电压表应选择______，电流表应选择______，滑动变阻器应选择______．（填器材的符号）
②为提高实验精度，请你为该学习小组设计电路图，并画在方框中．
③下表中的各组数据是此学习小组在实验中测得的，根据表格中的数据在方格纸上作出该电珠的伏安特性曲线．
| U（V） | 0 | 0.5 | 1 | 1.5 | 2.0 | 2.5
I（A）
0
0.17
0.30
0.39
0.45
0.49
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④由图象可知，该电阻的变化特性是温度升高，电阻______．
参考答案：①灯泡额定电压是2.5V，电压表应选B；灯泡额定电流为0.5A，电流表选D；为方便实验操作，滑动变阻器应选F；
②描绘小灯泡伏安特性曲线，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用外界法，电路图如图所示；
③应用描点法作图，灯泡的I-U图象如图所示．
④根据灯泡的I-U图象，由欧姆定律可知，灯泡电阻随温度的升高而变大．
故答案为：①B；D；F；②电路图如图所示；?③图象如图所示；④变大．
本题解析：
本题难度：一般
2、实验题 （1）（共4分）用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，以下说法正确的是?（?）
A．用图3所示电路时，
B．用图3所示电路时，
C．用图4所示电路时，
D．用图4所示电路时，
| （2）（6分）图示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流 A，内阻 ，可变电阻R的最大阻值为10 k ，电池的电动势E="1.5" V内阻r=0.5，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是?色，按正确使用方法测量电阻RX的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx=?k．若该欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测同一个电阻其测量结果与原结果相比较??（填“变大”、“变小”或“不变”）。
参考答案：（1）AB?（2）红，7.5，变大
本题解析：（1）在3图中，将电压表看成电源的一部分，则电压表和电源并联，内阻测量值小于真实值；由于电压表的分流作用，电流测量值小于真实电流，据 可知，电动势测量值小于真实电动势，故AB选项正确；在4图中，将电流表看成内电阻一部分，则内电阻测量值大于真实内电阻，故D选项错误。此时断开外电路则电流为0，安培表两端电势相等，电动势测量值等于真实值，故C选项错误。
（2）与A接线柱相连接的是红色笔；当欧姆表指针指在刻度盘中央时，待测电阻与欧姆表内电阻阻值大小相等，则据 可得 ，故 ；据待测电阻与内电阻相等，当内电阻变大，则测量值偏大。
本题难度：一般
3、填空题 （1）某同学用多用电表测一电阻的阻值．该同学使用的是多用电表的“×10”欧姆挡，多用电表指针指到如图所示位置，则测得该电阻的阻值为______Ω．
（2）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的小灯泡为“6V，3W”，其它提供如下器材：
电压表V1（量程6V，内阻20kΩ）
电流表A1（量程3A，内阻0.2Ω）
电流表A2（量程0.6A，内阻1Ω）
滑动变阻器R1（0～1000Ω?0.5A）
滑动变阻器R2（0～10Ω?2A）
学生电源E（6～8V）
电键S、导线若干
①实验中要求在电压表0～6V范围内读取并记录多组不同的电压值U和对应的电流值I，以便作出小灯泡伏安特性曲线，则在上述器材中，电流表应选用______，变阻器应选用______．
②在虚线方框中画出此实验的电路图．
（3）某学习小组的同学在用打点计时器探究物体的加速度与物体的质量之间的关系实验中，不改变拉力，只改变物体的质量，得到了如下表所示的几组数据，其中第3组数据还未算出加速度，但对应该组已打出了纸带，如图所示，图中各点为选出的计数点（两相邻计数点间还有4个打点未标出）
| 实验次数 | 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6
小车质量（g）
200
300
400
500
600
1000
小车加速度（m/s2）
2.00
1.33
0.97～1.01
0.79
0.67
0.40
小车质量倒数（kg-1）
5.00
3.33
2.50
2.00
1.67
1.00
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①请利用下图的坐标纸建立合适的坐标系，将表中各组数据用小黑点描在坐标纸上，并将描绘的坐标点连成图线．
②分析图线得出的结论是：______．
参考答案：
（1）指针示数为20，故电阻值为：20×10Ω=200Ω；
（2）①灯泡的额定电流I=PU=0.5A，为了准确，电流表应选用A2；
本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用分压接法，故应选用变化范围较小的电阻，故选R2
滑动变阻器选用分压接法，因灯泡内阻较小，故应选用电流表外接，故答案如图所示：
（3）①如图建立直角坐标系，描点连线如图所示：
②由图可知，加速度与质量的倒数成正比，故结论可为：
在拉力一定时，物体的加速度与质量成反比（与质量的倒数成正比）
故答案为：（1）200；
（2）①A2，R2；
（3）②在拉力一定时，物体的加速度与质量成反比（与质量的倒数成正比）
本题解析：
本题难度：一般
4、填空题 如图所示，R为电阻箱（0～99.9Ω），置于阻值最大位置，Rx为未知电阻，（1）断开K2，闭合K1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R、I值，并依据R、I值作出了如图乙所示的R- 图线
（2）断开K2，闭合K1，当R调至某一位置时，理想电流表的示数I1=1.0A；保持电阻箱的位置不变，断开K1，闭合K2，此时理想电流表的示数为I2=0.8A，据以上数据可知______
A、电源电动势为3.0V
B、电源内阻为0.5Ω
C、Rx的阻值为0.5Ω
D、K1断开、K2接通时，随着R的减小，电源输出功率减小．
参考答案：A、根据E=IR+Ir，得R=EI-r，知图线的斜率等于电源的电动势，所以E=0.50.25V=2V，纵轴截距表示内阻，所以内阻r=0.5Ω．故A错误，B正确；
C、断开K2，闭合K1当R调至某一位置时，电流表的示I1=1.0A，有：E=I1R+I1r，代入数据解得：R=1.5Ω，断开K1，闭合K2，此时电流表的示数I2=0.8A．则有：E=I2（RX+R）+I2r，解得Rx=0.5Ω．故C正确．
D、K1断开、K2接通时，由于RX等于电源的内阻，因为当外电阻等于内电阻时，输出功率最大，当外电阻大于内电阻时增大，则输出功率减小．所以随着R的减小，电源输出功率一直增大，故D错误．
故选BC．
本题解析：
本题难度：一般
5、简答题 （1）有一个未知电阻R，用图1中P和Q两种电路分别对它进行测量，用P图电路测量时，两表读数分别为5.5V，0.49A，用Q图电路测量时，两表读数分别为4.4V，0.50A，则用______?图所示电路测该电阻的阻值误差较小，测量值Rx=______，测量值比真实值偏______填“大”或“小”）．
（2）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源（电动势3V，内阻1Ω）、电键、滑动变阻器（最大阻值20Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干．
①实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡的U-I图象如图2a所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而______（填“增大”、“减小”或“不变”）
②根据图2a，在图2b中把缺少的导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）
参考答案：
（1）两种接法中，电压表示数变化大，说明电流表内阻较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，即采用Q所示电路图；
电阻测量值RX=UI=4.4V0.50A=8.8Ω；电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流测量值偏大，电阻测量值比真实值小．
（2）①由灯泡的伏安特性曲线可知，随电压增大，电流增大，但△U＞△I，由R=UR=△U△I可知电阻阻值变大；
②由灯泡伏安特性曲线可知，灯泡最大电流为0.5A，电流表选0～0.6A，灯泡最大电压为2.2V，电压表选0～3V量程，
电流表采用外接法，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示．
故答案为：（1）Q；8.8Ω；小；（2）①增大；②电路图如图所示．
本题解析：
本题难度：一般
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