1、实验题  在描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，实验室备有下列器材供选择：
A．待测小灯泡“3.0 V、1.5 W”?
B．电流表(量程3 A，内阻约为1 Ω)
C．电流表(量程0.6 A，内阻约为5 Ω)?
D．电压表(量程3.0 V，内阻约为10 kΩ)
E．电压表(量程15.0 V，内阻约为50 kΩ)
F．滑动变阻器(最大阻值为100 Ω，额定电流50 mA)
G．滑动变阻器(最大阻值为10 Ω，额定电流1.0 A)
H．电源(电动势为4.0 V，内阻不计)?
I．电键及导线等
(1)为了使实验完成的更好，电流表应选用____________，电压表应选用____________，滑动变阻器应选用____________。(只需填器材前面的字母即可)
(2)请在虚线框内画出实验电路图。

参考答案：（1）C，D，G
（2）
（3）1.80，0.33，0.59

本题解析：

本题难度：一般

2、实验题  在测定金属丝电阻率的实验中，金属丝长约0.8m，直径小于1mm，电阻在5Ω左右，实验步骤如下：
(1)用螺旋测微器测量金属丝直径如图，则图中读数为?；

(2)用伏安法测量金属丝的电阻R。试把图中所给的器材连接成测量R的合适的线路。图中电流表的内阻接近lΩ ，电压表内阻为几千欧，电源的电动势为3V ，变阻器的阻值为0Ω~10Ω 。
(3)闭合电键后，发现电路有故障（已知电源、电表和导线均完好，电源电动势为E）：
a．若电流表示数为零、电压表示数为E，则发生故障的是?（填“待测金属丝”“滑动变阻器”或“电键”）。
b．若电流表、电压表示数均为零，该同学利用多用电表检查故障。先将选择开关旋至?档（填“欧姆×100”“直流电压10V”或“直流电流2.5mA”），再将红表笔连接电源正极进行排查。

参考答案：(1)0.998（±0.002）
(2)如图所示

(3)a.待测金属丝;b.直流电压10V

本题解析：(1)固定刻度为0.5毫米，可动刻度为49.8*0.01，相加得0.998毫米。
(2)待测金属丝电阻远小于电压表内阻，电流表应外接。变阻器的阻值略大于待测电阻，接限流式接法，电压表量程为3V，电流表量程为0.6A.电路如图
。
(3)电压表示数为E，说明电阻丝断开，电压表连在电源两端，电流表示数为零。
若电流表、电压表示数均为零，应用直流电压档，红表笔接高电势，接正极
点评：在该实验过程中主线是根据安排实验，其中R根据伏安法测量，S由螺旋测微器测量出直径，通过计算得到，l利用直尺测量

本题难度：一般

3、计算题  某同学设计了一个如图 7所示的实验电路，用以测定电源电动势和内阻，使用 的实验器材为：待测干电池组（电动势约 3V）、电流表（量程 0.6A，内阻小于 1Ω）、电阻箱（0～99.99Ω）、滑动变阻器（0～10Ω）、单刀双掷开关、单刀单掷开关各一个及导线若 干。考虑到干电池的内阻较小，电流表的内阻不能忽略。


（1）该同学按图 7 连线，通过控制开关状态，测得电流表内阻约为 0.20Ω。试分析该测量 产生误差的原因是_________________________________________。
（2）简要写出利用图 7 所示电路测量电源电动势和内阻的实验步骤：
①_______________________________________________________________________；
②_______________________________________________________________________；
（3）图 8 是由实验数据绘出的图像，由此求出待测干电池组的电动势 E＝____________V、内阻 r＝_____________ Ω。（计算结果保留三位有效数字）

参考答案：（1）并联电阻箱后线路总阻值减小，从而造成总电流增大
（2）①调节电阻箱 R，断开开关K，将开关 S 接 D，记录电阻箱的阻值和电流表示数；
②断开开关D，再次调节电阻箱 R，将开关 S 接 D，记录电阻箱的阻值和电流表示数
（3）2.81 2.33

本题解析：测定电源电动势和内阻实验的原理知，此种接法出现误差的原因是电流表的分压作用。而R=r+r安 ，图线的斜率表示电源电动势的倒数，据此得出电动势 E＝2.81v, 内 阻 r＝2.33Ω。有的考生不能正确理解图象的物理意义，从而无法得出正确的答案。

本题难度：简单

4、简答题  如图所示，电路中R0为定值电阻，R为滑动变阻器，总阻值为R，当在电路两端加上恒定电压U，移动R的滑片，可以改变电流表的读数范围为多少？

参考答案：设滑动变阻器滑动触头左边部分的电阻为Rx．电路连接为R0与Rx并联，再与滑动变阻器右边部分的电阻R-Rx串联，
干路中的电流：I=UR并+R-RX=UR0RXR0+RX+R-RX，
电流表示数：I′=R0R0+RXI=R0R0+RX?UR0RXR0+RX+R-RX=UR0RR0+RRX-R2X=UR0RR0+(R2)2-(RX-R2)2，
由上式可知：当Rx=R2时，I最小为：Imin=4UR04RR0+R2；当Rx=R或Rx=0时，I有最大值，Imax=UR；　
即电流表示数变化范围为：4UR04RR0+R2～UR；
答：电流表示数变化范围是：：4UR04RR0+R2～UR．

本题解析：

本题难度：一般

5、实验题  （8分）某同学通过实验测定一个阻值约为5Ω的电阻Rx的阻值。
现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（0~50Ω，额定电流2A），开关和导线若干，以及下列电表：
A．电流表（0~3A，内阻约0.025Ω）
B．电流表（0~0.6A，内阻约0.125Ω）
C．电压表（0~3V，内阻约3kΩ）
D．电压表（0~15V，内阻约15kΩ）
（1）为减小测量误差，在实验中，电流表应选用______，电压表应选用______（选填器材前的字母）；
（2）下图为该实验电路图的一部分，请将其补画完整。

（3）接通开关，改变滑动变阻器阻值，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次电表示数如图所示，可得该电阻的测量值Rx==________Ω（保留两位有效数字）。由于电表是非理想仪表，实验中电阻的测量值略________（选填“大于”或“小于”）真实值。

参考答案：（1）B、C （各1分）（2）电路如图所示
（2分）
（3）5.2（2分），小于（2分）

本题解析：（1）选择电压表和电流表要安全准确，因此在安全的前提下，尽可能选量程小的，而电源电压为4V，因此电压表选3V量程的，由于待测电阻约5Ω，因此电流表应选0.6A即可。
（2）由于待测电阻阻值较小，因此电流表采用外接法，电路如图所示。
（3）从电流表上读出电流为0.5A，而电压表上读出电压值为2.6V，因此测量值，由于采用电流表的外接因此测量值比真实值偏小。

本题难度：一般