1、选择题  进行如下实验，在A锥形瓶中放入10 g绿豆大小的碳酸钙，在B锥形瓶中放入5 g粉末状的碳酸钙，分别加入50 mL 1 mol·L-1盐酸，下图中能正确表示实验结果的是(注：x—时间，y—锥形瓶中碳酸钙减少的质量)(　　)

参考答案：C

本题解析：有固体参加的反应速率与固体表面积有关。B锥形瓶中放入粉末状的碳酸钙，所以B中产生的CO2速率比较大；50 mL 1 mol·L-1盐酸最多只能消耗碳酸钙2．5 g，最终产生的CO2应该相等，故C选项的图像符合。
考点：影响化学反应速率的因素

本题难度：一般

2、填空题  （16分）氮化硅（Si3N4）是一种新型陶瓷材料，它可由SiO2与过量焦炭在1300-1700oC的氮气流中反应制得3SiO2（s）+6C（s）+2N2（g） Si3N4（s）+6CO（g）
（1）已知该反应每转移1mole—，放出132．6kJ的热量，该方程式的?H =        。
（2）能判断该反应（在体积不变的密闭容器中进行）已经达到平衡状态的是        。
A．焦炭的质量不再变化              B．N2和CO速率之比为1:3
C．生成6molCO同时消耗1mol Si3N4     D．混合气体的密度不再变化
（3）下列措施中可以促进平衡右移的是             。
A．升高温度           B．降低压
C．加入更多的SiO2       D．充入N2
某温度下，测得该反应中N2和CO各个时刻的浓度如下，

参考答案：（1）?H =-1591.2KJ/mol（2）ACD（3）BD
（4）3．70×10-2 mol·L-1·min-1       81.0 mol·L-1

本题解析：
（1）?H =132．6kJ/mol ×12=-1591.2KJ/mol（2）ACD正确，B不正确，速率比等于计量数之比（3）BD 正确，A、升温平衡向吸热的方向移动，逆向移动；C、不正确，SiO2是固体，加SiO2不能改变反应物的浓度。
（4）v(N2)="(" 4．00-3．26) mol·L-1/20mim=3．70×10-2 mol·L-1·min-1 
,k为81.0 mol·L-1

本题难度：一般

3、实验题  下图为制取乙酸乙酯的实验装置图。回答下列问题：

揭示实验原理
乙酸与乙醇在催化剂存在的条件下加热可以发生反应生成乙酸乙酯。请用氧同位素示踪法写出乙酸与乙醇发生酯化反应的化学方程式______________________。
能否用氢同位素示踪法揭示酯化反应原理？ _______（选填“能”或“不能”），原因是___________________。
反应温度确定：
合成乙酸乙酯的反应为放热反应。实验表明，反应温度应控制在85℃左右为宜。回答：
实验温度不宜低于85℃左右的原因是__________________________________________；
实验温度不宜高于85℃左右的原因是__________________________________________；
实验装置的比较：
利用右图装置制备乙酸乙酯，这种装置与教材装置相比较突出的优点是___________。
酯层厚度的标示：
为更好地测定酯层厚度，可预先向饱和Na2CO3溶液中滴加1滴____试液，现象是___________。

参考答案：①②否。醇和羧酸都失H，所以H换成D无法指示何种物质脱羟基。反应速率低，达不到催化剂活性温度；温度过高利于平衡逆向移动，酯产率降低。用分水器能够在反应进行时很容易的把水分离出来，从而使平衡正向移动，提高乙酸乙酯的产率。酚酞。碳酸钠层呈红色，上层的酯层呈无色。

本题解析：揭示反应原理：①酯化反应中羧酸提供羟基，醇提供氢原子，用氧同位素示踪法写出乙酸与乙醇发生酯化反应的化学方程式为
。②由于醇和羧酸都提供氢原子，因此不能用氢同位素示踪法揭示酯化反应原理。确定反应温度：温度过低，反应速率慢，且达不到催化剂活性温度，所以温度不能低于85℃；该反应正反应是放热反应，温度过高平衡逆向移动，酯产率降低，所以也不能高于85℃。实验装置的比较：根据装置图的结构特点可判断，用分水器能够在反应进行时很容易的把水分离出来，从而降低生成物浓度，使平衡正向移动，提高乙酸乙酯的产率。酯层厚度的标示：由于碳酸钠溶液显碱性，能使酚酞试液显红色，所以应该滴入酚酞试液，实验现象是碳酸钠层呈红色，上层的酯层呈无色。

本题难度：一般

4、选择题  下述实验不能达到预期实验目的是（　　）

参考答案：A.2.5gCuSO4?5H2O中CuSO4的质量为2.5g×160250=1.6g，溶液的质量为2.5g+97.5g=100g，则配制质量分数为1.6%的CuSO4溶液，故A正确；
B．因硫化银比氯化银更难溶，则向盛有1mL硝酸银溶液的试管中滴加NaCl溶液，至不再有沉淀生成，再向其中滴加Na2S溶液，会得到黑色沉淀，说明一种沉淀能转化为另一种更难溶的沉淀，故B正确；
C．pH试纸不能测出NaClO溶液的pH，能使试纸褪色，则不能用pH试纸测定浓度为0.1mol?L-1NaClO溶液和0.1mol?L-1CH3COONa溶液的pH来比较HClO和CH3COOH的酸性强弱，故C错误；
D．固定其他因素不变，则稀硫酸的浓度不同，反应的反应速率不同，故D正确；
故选C．

本题解析：

本题难度：简单

5、简答题  （14分）氯酸镁[Mg(ClO3)2]常用作催熟剂、除草剂等，实验室制备少量Mg(ClO3)2·6H2O的流程如下：
?
已知：①卤块主要成分为MgCl2·6H2O，含有MgSO4、FeCl2等杂质。
②四种化合物的溶解度（S）随温度（T）变化曲线如图所示。
回答下列问题：
（1）加速卤块在H2O2溶液中溶解的措施有：??（写出一条即可）。
（2）加入MgO的作用是?；滤渣的主要成分为?。
（3）向滤液中加入NaClO3饱和溶液后，发生反应的化学方程式为??，再进一步制取Mg(ClO3)2·6H2O的实验步骤依次为①蒸发结晶；②?；③____；④过滤、洗涤。
（4）产品中Mg(ClO3)2·6H2O含量的测定：
步骤1：准确称量3.50 g产品配成100 mL溶液。
步骤2：取10.00 mL于锥形瓶中，加入10.00 mL稀硫酸和20.00mL 1.000 mol·L－1的FeSO4溶液，微热。
步骤3：冷却至室温，用0.l000 mol·L－1K2Cr2O7溶液滴定剩余的Fe2+至终点，此过程中反应的离子方程式为：。
步骤4：将步骤2、3重复两次，计算得平均消耗K2Cr2O7溶液15.00 mL。
①写出步骤2中发生反应的离子方程式（还原产物为Cl－）：?；
②产品中Mg(ClO3)2·6H2O的质量分数为（保留一位小数）?。

参考答案：（1）将卤块粉碎或加热等；（2）调节溶液的pH，使Fe3+沉淀完全，BaSO4和Fe(OH)3
（3）MgCl2+2NaClO3=Mg(ClO3)2+2NaCl，②趁热过滤，③冷却结晶；
（4）①ClO3-+5Fe2++6H+=6Fe3++Cl-+3H2O，②78.3%.

本题解析：（1）影响化学反应速率的因素有三个温度、将固体粉碎成细小的颗粒、增加物质的浓度等。因此加速卤块在H2O2溶液中溶解的措施有将卤块粉碎或加热等；（2）金属氧化物MgO能与酸反应产生盐和水。所以加入MgO的作用是调节溶液的pH，使杂质Fe3+形成沉淀完全除去。根据示意图可知滤渣的主要成分为BaSO4和Fe(OH)3。（3）向滤液中加入NaClO3饱和溶液后，发生反应MgCl2+2NaClO3=Mg(ClO3)2+2NaCl，然后利用NaCl、Mg(ClO3)2的溶解度与温度的关系将溶液蒸发浓缩结晶、②趁热过滤，③冷却结晶，最后④过滤、洗涤。就得到Mg(ClO3)2·6H2O。(4)①步骤2中发生反应的离子方程式ClO3-+5Fe2++6H+=6Fe3++Cl-+3H2O，②在氧化反应反应中电子转移数目相等。n(Fe2+)×1=n(ClO3-)×6+n(Cr2O72-)×2×3. n(Fe2+)="0.02mol;" n(Cr2O72-)=0.0015mol;所以n(ClO3-)={0.02mol×1-0.0015mol×2×3}÷6=0.0018mol；因此100ml中含有的ClO3-的物质的量为0.0183mol,则含有的Mg(ClO3)2·6H2O的物质的量为0.00915mol.去质量为299g/mol×0.00915mol=2.7408g.因此产品中Mg(ClO3)2·6H2O的质量分数为（2.7408g÷3.50 g）×100%=78.3%.

本题难度：一般