高考化学知识点总结《盐类水解的原理》在线测试（2017年最新版）(六) 2017-07-10 18:42:47 来源:91考试网 作者:www.91exam.org 【大 中 小】 微信搜索关注"91考试网"公众号,领30元,获取公务员、事业编、教师等考试资料40G! 1、选择题  下列陈述中，Ⅰ、Ⅱ都正确且两者间具有因果关系的一组是 选项 陈述Ⅰ 陈述Ⅱ A 明矾水解时产生具有吸附性的胶体粒子 明矾可作自来水消毒 B Fe3+有氧化性 FeCl3溶液可用于溶解回收旧电路板 中的铜 C NH4Cl受热分解 加热可将Ca(OH)2和NH4Cl固体混合物分离 D SO2具有氧化性 SO2可用于漂白纸浆   参考答案：B 本题解析：A项明矾净水是利用铝离子水解生成胶体，表面积大吸附溶液中杂质达到净水的目的，但明矾只能用于净水，不能杀菌消毒，故A项错误；B项Fe3+有氧化性可将Cu氧化为铜离子，故可用FeCl3溶液溶解回收旧电路板中的铜，故B项正确；C项NH4Cl受热分解，但加热可将Ca(OH)2和NH4Cl固体会产生氨气、氯化钙和水，是实验室制备氨气的反应原理，故加热Ca(OH)2和NH4Cl不能将混合物分离，故C项错误；D项SO2中S为+4价，中间价态，故既有氧化性又有还原性，SO2可用于漂白纸浆，是利用了SO2的还原性，与有机色素络合为无色物质，两者没有联系，故D项错误；本题选B。 考点：物质性质及应用。 本题难度：一般 2、选择题  室温下，下列溶液中粒子浓度关系正确的是 A．0.1mol/LNa2CO3溶液中：2c(Na+)＝c(HCO3-)+ c(H2CO3)+ c(CO32-) B．将0.2mol/LNaA溶液和某浓度的盐酸等体积混合所得中性溶液中：c(Na+)＝c(A-) +c(Cl-) = 0.2mol/L C．pH=4的醋酸与pH=10的NaOH溶液等体积混合后pH＞7 D．0.l mol·L-1氯化铵溶液滴加浓盐酸可能有c(NH4+) = c(H+) 参考答案：D 本题解析：A、根据物料守恒可得0.1mol/LNa2CO3溶液中：c(Na+)＝2c(HCO3-)+2 c(H2CO3)+2 c(CO32-)，故A错误；B、溶液体积变为原来的2倍，c(Na+) = 0.1mol?L?1，所得溶液为中性，则c(H+)=c(OH?)，根据电荷守恒可得c(H+)+c(Na+)=c(OH?)+c(Cl?)+c(A-)，则c(Na+)＝c(A-) +c(Cl-) = 0.1mol?L?1，故B错误；C、醋酸为弱酸，pH=4的醋酸的溶质浓度远远大于pH=10的NaOH溶液的溶质浓度，所以二者等体积混合后，醋酸过量，pH<7，故C错误；D、0.l mol·L-1氯化铵溶液中NH4+的浓度大于H+浓度，滴加浓盐酸，H+浓度增大，可能有c(NH4+) = c(H+)，故D正确。 考点：本题考查离子浓度比较、弱电解质的电离平衡。 本题难度：一般 3、选择题  关于浓度均为0．1 mol·L-1的三种溶液: ①氨水、②盐酸、③氯化铵溶液,下列说法不正确的是 A．c(NH4+):③>① B．水电离出的c(H+):②>① C．①和②等体积混合后的溶液:c(H+)=c(OH-)+c(NH3·H2O) D．①和③等体积混合后的溶液:c(NH4+)>c(Cl-)>c(OH-)>c(H+)

参考答案：B

本题解析：NH3·H2O是弱碱，电离出的NH4+，NH4Cl中NH4+会水解但是水解程度很小，故c(NH4+)大小比较: ③>① ，A正确； NH3·H2O是弱碱，对水的电离抑制程度较小，盐酸是强酸，对水的电离抑制程度较大，故水电离出的c(H+):①>②，B 不正确；C 中是物料守恒，正确；NH3·H2O的电离程度大于NH4+的水解程度，溶液显碱性，D正确，选B。
考点：离子浓度的大小比较。

本题难度：一般

4、填空题  （16分）雾霾含有大量的污染物SO2、NO。工业上变“废”为宝，吸收工业尾气SO2和NO，可获得Na2S2O4和NH4NO3产品的流程图如下(Ce为铈元素)：


（1）装置Ⅰ中的主要离子方程式为                                     。
（2）含硫各微粒(H2SO3、HSO3－和SO32－)存在于SO2与NaOH溶液反应后的溶液中，它们的物质的量分数X(i)与溶液pH的关系如图所示。

①若是0.1molNaOH反应后的溶液，测得溶液的pH＝8时，溶液中各离子浓度由大到小的顺序是                         。
②向pH=5的NaHSO3溶液中滴加一定浓度的CaCl2溶液，溶液中出现浑浊，pH降为2，用化学平衡移动原理解释溶液pH降低的原因：        
91EXAM.org60;              。
（3）写出装置Ⅱ中，酸性条件下反应的离子方程   式              ，              。
（4）装置Ⅲ还可以使Ce4+再生，其原理如图所示。①生成Ce4+从电解槽的   (填字母序号)口流出。②写出阴极的反应式                     。
（5）已知进入装置Ⅳ的溶液中，NO2－的浓度为a g·L-1，要使1 m3该溶液中的NO2－完全转化为NH4NO3，需至少向装置Ⅳ中通入标准状况下的O2              L。(用含a代数式表示，计算结果保留整数)

参考答案：(1)SO2+OH-=HSO3-
（2）①c(Na+)>c(SO32-)>c(HSO3-)>c(OH-)>c(H+)；②因为亚硫酸氢根离子存在电离平衡HSO3- H++ SO32-，加入氯化钙后，Ca2++ SO32-= CaSO3↓，使平衡正向移动，氢离子浓度增大，pH减小；
（3）NO+3Ce4++2H2O=NO3-+ 3Ce3++4 H+, NO+Ce4++H2O=NO2-+ Ce3++2 H+；
（4）a；2HSO3-+2e-+2H+= S2O42-+2H2O;
（5）243a或5600a/23

本题解析：（1）根据流程图可知，二氧化硫与NO的混合气体与氢氧化钠溶液反应主要生成亚硫酸氢钠，所以装置Ⅰ中的主要离子方程式为SO2+OH-=HSO3-；
（2）①由图可知，pH=8时溶液中主要的阴离子是亚硫酸根离子，说明二氧化硫与氢氧化钠溶液反应主要生成亚硫酸钠，其次还有少量的亚硫酸氢钠，则溶液中离子浓度的大小关系是c(Na+)>c(SO32-)>c(HSO3-)>c(OH-)>c(H+)；
②向pH=5的NaHSO3溶液中滴加一定浓度的CaCl2溶液，溶液中出现浑浊，pH降为2，溶液的酸性增强，因为亚硫酸氢根离子存在电离平衡HSO3- H++ SO32-，钙离子与亚硫酸根离子结合为亚硫酸钙沉淀，促进亚硫酸氢根离子的电离,氢离子浓度增大，pH减小；
（3）装置II是Ce4+与NO的反应，将NO氧化为硝酸根离子和亚硝酸根离子，自身被还原为Ce3+，离子方程式是NO+3Ce4++2H2O=NO3-+ 3Ce3++4 H+, NO+Ce4++H2O=NO2-+ Ce3++2 H+；
（4）装置Ⅲ还可以使Ce4+再生，则Ce3+被氧化为Ce4+，阳极发生氧化反应，所以Ce4+从电解槽的a口流出；阴极发生还原反应，根据流程图可知，HSO3-得到电子生成S2O42-，则电极反应式是2HSO3-+2e-+2H+= S2O42-+2H2O;
（5）NO2-与氨气、氧气反应生成硝酸铵，则N元素被氧化，化合价从+3价升高到+5价，1m3的溶液中的NO2－的物质的量是1000L×ag/L/46g/mol=1000a/46mol，失去电子的物质的量是1000a/46×2mol=，根据得失电子守恒，则需要氧气在标准状况下的体积是1000a/23mol/4×22.4L/mol=5600a/23L。
考点：考查电解质溶液中离子浓度的关系，对流程的分析，氧化还原反应的分析判断

本题难度：困难

5、选择题  下列式子中，属于水解反应的是
[? ]
A．H2O+H2OH3O++OH-
B．HCO3-+OH-H2O+CO32-
C．CO2+H2OH2CO3
D．CO32-+H2OHCO3-+OH-

参考答案：D

本题解析：

本题难度：简单

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